movimiento armÓnico simpleclasesdeapoyonuevo.s3.amazonaws.com/soluciones_selectivi... ·...
TRANSCRIPT
1
MOVIMIENTO ARMÓNICO SIMPLE Septiembre 2016. Pregunta 2A.- Un cuerpo que se mueve describiendo un movimiento armónico
simple a lo largo del eje X presenta, en el instante inicial, una aceleración nula y una velocidad de -5 ir
cm
s‒1
. La frecuencia del movimiento es 0,25 Hz. Determine:
a) La elongación en el instante inicial. Justifique su respuesta.
b) La expresión matemática que describe la elongación del movimiento en función del tiempo.
Solución. a. Si la aceleración es nula, la elongación es cero, el cuerpo se encuentra en la posición de
equilibrio.
Las ecuaciones de elongación y aceleración de un M.A.S. son:
( )oφ tω sen Ax += ; ( )o2 φ tω sen ωAa +=
Combinando estas ecuaciones, se puede expresar la aceleración en función de la velocidad
angular y la elongación
( )( )
xωa:φ tω sen ωAa
φ tω sen Ax 2
o2
o⋅=
+=
+=
Teniendo en cuenta que en un M.A.S. ω = constante ≠ 0 , si:
0x
0ω
0a
xωa2
=⇒
≠
=
⋅=
b. ( )oφ tω sen Ax +=
La velocidad angular se obtiene de la frecuencia:
srad
2
π25,0π2f π2ω =⋅==
La amplitud del movimiento se puede obtener del módulo de la velocidad inicial, que es la
velocidad máxima ya que corresponde a la velocidad en el punto de equilibrio, como se ha demostrado en
el apartado anterior ( )( )00tx == .
( )oφ tω sco ωAv +=
Si ( ) ωAvv1φ tω sco maxo ==⇒=+
( )cm
π
10
2π
5
ω
0tv
ω
vA max ==
===
El desfase inicial se obtiene con la elongación inicial y el signo de la velocidad inicial.
( ) ( ) 0φ sen Aφ0ω sen A0tx oo ==+⋅== ⇒ 0φ sen o = :
=
=
rad πφ
rad 0φ
o
o
Para seleccionar el desfase se tiene en cuenta que la velocidad inicial es negativa.
( ) ( ) oo φ sco ωAφ0ω sco ωA0tv =+⋅==
rad πφinicialcondición la cumple 0ωAv1φ scorad πφSi
inicialcondición la cumple no 0ωAv1φ scorad 0φSio
oo
oo=
⇒
<−=−==
>===
( ) ( )( )cmx ,st π t2
π sen
π
10x
+=
Junio 2016. Pregunta 2A.- Un bloque de 2 kg de masa, que descansa sobre una superficie
horizontal, está unido a un extremo de un muelle de masa despreciable y constante elástica 4,5 N m‒1
. El
otro extremo del muelle se encuentra unido a una pared. Se comprime el muelle y el bloque comienza a
oscilar sobre la superficie. Si en el instante t = 0 el bloque se encuentra en el punto de equilibrio y su
energía cinética es de 0,90·10‒3
J, calcule, despreciando los efectos del rozamiento:
a) La ecuación del movimiento x(t) si, en t = 0, la velocidad del bloque es positiva.
b) Los puntos de la trayectoria en los que la energía cinética del bloque es 0,30·10‒3
J.
Solución.
2
a. Movimiento armónico simple. Su ecuación sinusoidal tiene la forma:
( ) ( )oφt ω senAtx +⋅=
La velocidad angular del movimiento, se puede calcular a partir de la constante elástica del
muelle.
2ω mk = 1s rad 5,12
5,4
m
kω −===
La amplitud del movimiento se calcula mediante la energía mecánica, teniendo en cuenta que en
el punto de equilibrio, la energía mecánica es igual a su energía cinética máxima y que en el punto de
máxima elongación, es igual a la energía potencial máxima, punto en el cual la elongación máxima
coincide con la amplitud del movimiento.
( ) ( )maxEmaxEE pcM ==
( ) ( ) 2Axp0xc Ak
2
1maxEmaxE ⋅== ==
( )m02,0
5,4
109,02
k
maxE2A
3c =
⋅⋅==
−
El desfase inicial se calcula con la posición inicial y la velocidad inicial
( ) ( )( )00tv ; 00tx >===
( ) ( ) oo φ senAφ0ω senA0tx ⋅=+⋅⋅==
( ) ( ) ( )oφt ω cosωAdt
tx dtv +⋅== ⇒ ( ) ( ) oo φ cosωAφ0ω cosωA0tv ⋅=+⋅⋅==
( )
=
==⇒⋅===
rad πφ
rad 0φ:0φ senφ senA00tx
o
ooo
( )( )
rad 0φ0π cosωA0tvrad πφ
00 cosωA0tvrad 0φ:Si o
o
o=
⇒
<⋅==⇒=
>⋅==⇒=
La ecuación del movimiento es : ( ) ( )t 5,1 sen02,0tx ⋅=
b. Teniendo en cuenta que en el movimiento armónico simple, si se desprecia el rozamiento, la
energía mecánica se conserva.
pcM EEE +=
J106,0103,0109,0EEE333
cMp−−− ⋅=⋅−⋅=−=
2p x k
2
1E = m 0163,0
5,4
106,02
k
E2x
3p
≈⋅⋅
==−
Modelo 2016. Pregunta 2B.- Una masa puntual de 2 g unida a un muelle de masa despreciable se
mueve con una velocidad dada por la expresión: ( )
+=
2
π3t
2
π sen 5tv cm s
‒1. Determine:
a) La amplitud de oscilación y la fase inicial del movimiento.
b) Las energías cinética y potencial en el instante t = 1s.
Solución. a. Teniendo en cuenta que la ecuación de la velocidad viene dada en seno, la expresión de la
elongación tiene que expresarse en coseno.
( ) ( )oφt ωcosAtx +=
La velocidad se obtiene derivando la ecuación de la elongación respecto al tiempo.
( ) ( )oφt ωsen ωAtv +−=
Por ángulos asociados (ángulos que diferencian π radianes), se puede cambiar el signo de la
función trigonométrica: ( ) α senπαsen −=+
3
( ) ( ) ( )πφt ωsen ωAφt ωsen ωAtv oo ++=+−=
Comparando las ecuaciones, se calcula la amplitud y la fase inicial
( ) ( )
=−=
===
⇒
=+
=
=
+=++=
rad2
ππ
2
π3φ
cmπ
10
2π
5
ω
5A
2
π3πφ
2
πω
5ωA
:2
π3t
2
π sen 5πφt ωsen ωAtv
o
o
o
b. -2
c mv2
1E =
La velocidad se calcula mediante su ecuación particularizando para t = 1 s
( ) ( ) 0π2 sen 52
π31
2
π sen 51tv ==
+⋅== ⇒ 00102
2
1E
23c =⋅×= −
-22
ωmK2
p xωm2
1Kx
2
1E
2
⋅==⋅=
( ) ( )
+=+=
2
πt
2
πcos
π
10φt ωcosAtx o ( ) ( ) cm
π
10πcos
π
10
2
π1
2
πcos
π
101tx −==
+⋅==
J 105,210π
10
2
π102
2
1E 6
22
23
p−−− ×=
×−⋅
⋅×⋅=
Septiembre 2015. Pregunta 2A.-
Un objeto de masa 0,5 kg, unido a un muelle de constante elástica 8 N m‒1
, oscila horizontalmente sobre
una superficie sin rozamiento con un movimiento armónico simple de amplitud 10 cm.
a) Calcule los módulos de la aceleración y de la velocidad cuando el objeto se encuentra a 6 cm de
la posición de equilibrio.
b) Si el objeto comienza el movimiento desde la posición de equilibrio en sentido positivo, ¿qué
tiempo mínimo habrá transcurrido cuando alcance una elongación de 8 cm?
Solución. a. Partiendo de la ecuación del M.A.S. se deducen expresiones para la velocidad y la aceleración.
( ) ( )oφtω sen Atx +=
( ) ( )oφtωcosωAdt
dxtv +== ; ( )o
2222 φtωcosωAv += ; ( )( )o2222 φtωsen1ωAv +−=
( )( )o22222 φtωsenAAωv +−= ; ( )2222 xAωv −= ; 22 xAωv −±=
( ) ( )( )
xωaφtω senωAdt
dvta
2φtω sen Ax
o2
o
±=⇒+−==+=
La velocidad angular se obtiene de la expresión de la constante elástica
2ωmk = s
rad45,0
8
m
kω ===
sm32,006,01,04v 22 ±=−±=
22
sm96,006,04a ±=⋅±=
b. Aplicando la expresión de la elongación en función del tiempo:
( ) ( ) 08,0t4 sen 1,00t4 sen 1,0tx ==+= 8,01,0
08,0t4 sen == ( )
=
==
rad 2143,2t4
rad 9273,0t4:8,0arcsent4
La primera vez será para s 23,04
9273,0t ==
4
Junio 2015. Pregunta 2A.- Un muelle de masa despreciable y de longitud 5 cm cuelga del techo de
una casa en un planeta diferente a la Tierra. Al colgar del muelle una masa de 50 g, la longitud final del
muelle es 5,25 cm. Sabiendo que la constante elástica del muelle es 350 N m‒1
:
a) Determine el valor de la aceleración de la gravedad en la superficie del planeta.
b) El muelle se separa con respecto a su posición de equilibrio 0,5 cm hacia abajo y a continuación
es liberado. Determine, la ecuación que describe el movimiento de la masa que cuelga del
muelle.
Solución. a. Aplicando la Ley de Hooke:
x∆kF ⋅−= La fuerza aplicada al muelle es el peso de la masa que se cuelga de él.
x∆kgm ⋅−=⋅ m
x∆kg
⋅−= cm 25,0525,5x∆ o =−=−= ll
( )23
2
sm5,17
1050
1025,0350g =
×
×−⋅−=
−
−
b. La masa colgada del muelle comienza un movimiento armónico simple de amplitud 0,5 cm, que
esta representado por la ecuación:
( ) ( )oφt ω sen Aty +=
La velocidad angular del movimiento se calcula a partir de la constante del muelle y la masa
colgada de él.
2ωmk ⋅= s
rad67,83s
rad70101050
350
m
kω
3==
×==
−
La fase inicial se obtiene de las condiciones iniciales ( )( )A0y −=
( ) ( )oφ0ω sen AA0y +⋅=−= 1φ sen o −= rad 2
πφo −=
( )
−×= −
2
πt 7010 sen105ty
3
Modelo 2015. Pregunta 2A.- Un bloque de masa m = 0,2 kg está unido al extremo libre de un
muelle horizontal de constante elástica k = 2 N·m‒1
que se encuentra fijo a una pared. Si en el instante
inicial el muelle está sin deformar y el bloque comienza a oscilar sobre una superficie horizontal sin
rozamiento (comprimiendo el muelle) con una velocidad de 15,8 cm·s‒1
. Calcule:
a) El periodo y la amplitud del movimiento armónico simple que realiza el bloque
b) La fuerza máxima que actúa sobre el bloque y la energía potencial máxima que adquiere.
Solución.
a. El periodo se calcula a partir de la velocidad angular
=
T
π2ω , y la velocidad angular de puede
obtener del la constate elástica ( )2ωmk = .
2
22
T
π4mk:
T
π2ω
ωmk=
=
=; s 2
2
2,0π2
k
mπ2T ≈==
En el instante inicial, el muelle se encuentra en la posición de equilibrio (sin deformar) y por
tanto su velocidad es máxima.
( ) ( )oφt ω sen Atx += ( ) ( ) ( )oφt ωcosωAdt
tx dtv +==
( ) ωAv1φtωcosv maxomax ⋅=⇒=+⇔
m 05,0
2,02
108,15
mk
v
ω
vA
2maxmax =
×===
−
5
b. Según la ley de Hook, xkF ⋅−= , por lo tanto, AkxkF maxmax ⋅−=⋅−=
N 1,005,02Fmáx −=⋅−=
( ) ( ) ( ) J 0025,0108,152,02
1mv
2
1máxEmáxE
222maxcp =×⋅⋅=== −
Septiembre 2014. Pregunta 2B.- La figura
representa la elongación de un oscilador armónico en
función del tiempo. Determine:
a) La amplitud y el periodo.
b) La ecuación de la elongación del oscilador en
función del tiempo.
Solución. a. De la gráfica se pueden obtener lo que se pide:
Amplitud ≡ distancia desde la posición de máxima
elongación hasta la posición de equilibrio (x = 0).
A = 8 m
Periodo ≡ mínimo tiempo que separa a dos puntos que
están en igualdad de fase
T = 60 s
b. La ecuación matemática de un movimiento armónico simple esta expresada por la ecuación:
( ) ( )oφt ω sen Aty +=
srad
30
π
60
π2
T
π2ω ===
La fase inicial se calcula con el dato de la elongación inicial ( )( )m 40y = .
( ) ( ) 4φ sen 8φ0ω sen A0y oo ==+⋅= ; 2
1φ sen o = :
=
=
rad6
π5φ
rad6
πφ
o
o
Si se toma hacia arriba el desplazamiento positivo, la velocidad inicial también es positiva, por lo
tanto el desfase inicial es π/2 radianes ya que:
( ) ( ) ( )( )
( )
<==
>===+==
06π5 cos ωA0v
6π5φ
06π cos ωA0v
2πφ
φ cos ωA0v:φt ω cos ωAdt
dytv
o
o
oo
La ecuación del M.A.S es: ( )
+=
6
πt
30
π sen 8ty
Junio 2014. Pregunta 2A.- Un muelle de longitud en reposo 25 cm cuya constante elástica es k =
0,2 N cm‒1
tiene uno de sus extremos fijos a una pared. El extremo libre del muelle se encuentra unido a
un cuerpo de masa 300 g, el cual oscila sin rozamiento sobre una superficie horizontal, siendo su energía
mecánica igual a 0,3 J. Calcule:
a) La velocidad máxima del cuerpo. Indique en qué posición, medida con respecto al extremo fijo
del muelle, se alcanza dicha velocidad.
b) La máxima aceleración experimentada por el cuerpo.
Solución. a. ( ) ( )maxEmaxEEEE pcpcM ==+=
6
( ) 2máxzcM mv
2
1maxEE ==
sm41,1
sm2
3,0
3,02
m
E2v M
máx ==⋅
==
La velocidad máxima se alcanza cuando la masa pasa por la posición de equilibrio, y en este
caso se encontrará a 25 cm del extremo fijo.
b. La aceleración máxima se puede calcular conocida la fuerza máxima que actúa sobre el muelle,
la cual se produce en el punto de mayor elongación (x = A).
AkamF:xkF
amFmaxmax ⋅=⋅=
⋅=
⋅=
m
Aka max
⋅=
El valor de A se obtiene mediante la energía mecánica igualándola a la energía potencial
máxima.
( ) 2pM Ak
2
1maxEE ⋅== ; m 173,0
20
3,02
m
N20
m
cm 100
cm
N2,0k
k
E2A M =
⋅=
=⋅===
2maxs
m 55,113,0
173,020
m
Aka =
⋅=
⋅=
Septiembre 2013. Pregunta 2B.- La velocidad de una partícula que describe un movimiento
armónico simple alcanza un valor máximo de 40 cm s‒1
. El periodo de oscilación es de 2,5 s. Calcule:
a) La amplitud y la frecuencia angular del movimiento.
b) La distancia a la que se encuentra del punto de equilibrio cuando su velocidad es de 10 cm s‒1
.
Solución. a. La expresión matemática de un movimiento armónico simple es:
( ) ( )oφt ω sen Aty +=
La velocidad del m.a.s. es la derivada de la posición con respecto al tiempo.
( ) ( ) ( )( ) ( )oo φt ω cosωAφt ω sen Adt
d
dt
ty dtv +=+==
La expresión de la velocidad máxima será cuando la parte trigonométrica de la ecuación valga 1.
ωAvmax =
La velocidad angular o frecuencia angular se puede calcular a partir del periodo:
srad5
π4
5,2
π2
T
π2ω ===
Conocida la velocidad angular, se calcula la amplitud del movimiento a partir de la velocidad
máxima.
ωAvmax = cm 16m 16.0π2
1
5π4
1040
ω
vA
2max =≈=
×==
−
b. Partiendo de la expresión de la velocidad y operando con la ecuación se puede obtener una
ecuación que relaciona la velocidad y la posición.
( )oφt ω cosωAv += Elevando al cuadrado ( )o2222 φt ωcosωAv +=
Por trigonometría se transforma el coseno en seno:
( )( )o2222 φt ωsen1ωAv +−= ( )
+−=444 3444 21
2x
o22222
φt ωsenAAωv ( )2222 xAωv −=
La última expresión permite despejar x en función de v
2
222
ω
vxA =− ;
2
222
ω
vAx −= ;
2
22
ω
vAx −=
7
( )( )
cm 15,4m 154,05π4
1010
π2
1x
2
222
==×
−
=
−
Junio 2013. Pregunta 2B.- En el extremo libre de un resorte colgado del techo, de longitud 40 cm, se
cuelga un objeto de 50 g de masa. Cuándo el objeto esta en posición de equilibrio con el resorte, este
mide 45 cm. Se desplaza el objeto desde la posición de equilibrio 6 cm hacia abajo y se suelta desde el
reposo. Calcule:
a) El valor de la constante elástica del resorte y la función matemática del movimiento que describe
el objeto.
b) La velocidad y la aceleración al pasar por el punto de equilibrio cuando el objeto asciende.
Solución. a. m 4,0lo = g 50m = m 45,0l = m 06,0A =
lkF ∆⋅= m
N 8,905,0
8,91050
l
Fk
3
=⋅×
=∆
=−
La función matemática del movimiento es: ( ) ( )oφ tωsen Aty +=
kxxωm:
xkF
xωa
amF22 −=−
⋅−=
−=
⋅=
; 2ωmk = ; s
rad 141050
8,9
m
kω
3=
×==
−
Para calcular el desfase inicial, se tiene en cuenta que:
( ) ( )( )
( )oo
φ0ωsen AA:A0y 0, tPara
φ tωsen Aty+⋅=−
−==
+= rad
2
πφ1φ sen oo −=⇒−=
( )
−=
2
π14tsen 06,0ty
b. En el punto de equilibrio:
=
=
0a
vv máx
( ) ( )oφ tωsen Aty +=
( ) ( )( ) ( )oo φ tω cos ωAφ tωsen Adt
d
dt
dytv +=+==
( ) 1φ tωcosv omax =+⇔ ; 1max s m 84,01406,0ωAv −=⋅=⋅=
Modelo 2013. Pregunta 2A.- Un objeto está unido a un muelle horizontal de constante elástica 2×104
Nm‒1
. Despreciando el rozamiento:
a) ¿Qué masa ha de tener el objeto si se desea que oscile con una frecuencia de 50 Hz? ¿Depende el
periodo de las oscilaciones de la energía inicial con que se estire el muelle? Razone la respuesta.
b) ¿Cuál es la máxima fuerza que actúa sobre el objeto si la amplitud de las oscilaciones es de 5
cm?
Solución. a. Teniendo en cuenta la Ley de Hooke, el 2º principio de la dinámica y la expresión de la
aceleración en un movimiento armónico simple (MAS), se obtiene una relación para la constante elástica
en función de la masa y la velocidad angular.
22
2
ω mkxω mx k:
xωa
a mx k:a mF
k xF
=⇒−=−
−=
=−
=
−=
( ) kg 2,050π4
102
fπ4
kmf π2 mk:
f π2ω
ω mk22
4
22
22
=⋅
×==⇒=
=
=
El periodo de oscilación no depende de la energía inicial con la que se estire el muelle, depende
de la masa unida al muelle y de la constante recuperadora del muelle.
8
m
kπ2T
T
π2 mk:
T
π2ω
ω mk 22
=⇒
=
=
=
b. Aplicando la ley de Hooke (F = ‒kx), si x = A ⇒ F = Fmax
N100005,0102AkF 4max −=⋅×−=⋅−=
Septiembre 2012. Pregunta 1A.- Un objeto de 100 g de masa, unido al extremo libre de un resorte de
constante elástica k, se encuentra sobre una superficie horizontal sin rozamiento. Se estira,
suministrándole una energía elástica de 2 J, comenzando a oscilar desde el reposo con un periodo de 0,25
s. Determine:
a) La constante elástica y escriba la función matemática que representa la oscilación.
b) La energía cinética cuando han transcurrido 0,1 s.
Solución. a. Teniendo en cuenta la Ley de Hooke, el 2º principio de la dinámica y la expresión de la
aceleración en un movimiento armónico simple (MAS), se obtiene una relación para la constante elástica
en función de la masa y la velocidad angular.
22
2
ω mkxω mx k:
xωa
a mx k:a mF
k xF
=⇒−=−
−=
=−
=
−=
12
322
m N 17,6325,0
π210100
T
π2 mk:
T
π2ω
ω mk−− =
⋅×=
=
=
=
La posición de un MAS viene dada por la expresión:
( ) ( )oφt ω sen Atx +=
El valor de la energía mecánica suministrada al estirar el muelle, permite calcular la amplitud
(A) de movimiento.
2M A k
2
1E = m 25,0
17,63
22
k
E2A M =
⋅==
Para calcular el desfase inicial (ϕo), se tiene en cuenta que la masa empieza a oscilar desde la
posición de elongación máxima “Se estira, suministrándole una energía elástica de 2 J, comenzando a
oscilar desde el reposo”.
( ) ( )oφ0ωAsenA0tx +⋅=== 1φ sen o = 2
πφo =
La velocidad angular (ω) se calcular a partir del periodo
1s rad π825,0
π2
T
π2ω −===
Sustituyendo en la expresión de la posición, se obtiene la función matemática que representa la
oscilación.
( )
+=
2
πt π8 sen 25,0tx
b. El apartado se puede resolver por dos caminos diferentes:
• Mediante la definición de energía cinética, calculando la velocidad para t = 1 s:
2c mv
2
1E =
9
( )
+⋅=⋅
+⋅=
+⋅==
2
πt π8cosπ2π8
2
πt π8cos25,0
2
πt π8sen25,0
dt
d
dt
dxtv
( ) 1s m 7,3
2
π0,1π8cosπ21,0v
−−=
+⋅⋅=
( ) J 7,07,3101002
1mv
2
1E
232c =−⋅×⋅== −
• Expresando la energía cinética en función de la posición:
( ) ( )( ) ( )( )o222
o22
o2222
c φt ωsenAAK 2
1φt ωsen1AK
2
1φt ωcosωA m
2
1mv
2
1E +−=+−=+==
( )22c xAK
2
1E −=
La posición para t = 0,1 s es:
( ) 2,02
π1,0π8 sen 25,01,0x −=
+⋅=
Sustituyendo en la expresión se obtiene la energía cinética.
( ) ( )( ) J 7,02,025,02,632
1xAK
2
1E
2222c =−−⋅=−=
Nota: Para que en los cálculos coincidan ambos resultados se tienen dos opciones, o arrastrar los datos en todos los
cálculos utilizando todos los decimales, o redondear los resultados a la primera cifra decimal.
Modelo 2012. Pregunta 2A.- Un objeto de 2 kg de masa unido al extremo de un muelle oscila a lo
largo del eje X con una amplitud de 20 cm sobre una superficie horizontal sin rozamiento. El objeto tarda
9 s en completar 30 oscilaciones, y en el instante de tiempo t = 0 su posición era xo = +10 cm y su
velocidad positiva. Determine:
a) La velocidad del objeto en el instante t = 1,2 s.
b) La energía cinética máxima del objeto.
Solución.
A = 20 cm s 3,030
9T ==
>
===
0v
m 0,1cm 10y:0 tSi
a. Para calcular la velocidad del objeto en un instante determinado (t = 1,2 s) es necesario conocer
la ecuación que describe el movimiento.
El objeto realiza un movimiento armónico simple que viene descrito por la ecuación:
( )oφ tωsen A y +=
Donde A = 20 cm = 0,2 m; s
rad3
π20
3,0
π2
T
π2ω === ; y el desfase inicial se calcula con los
datos de condiciones iniciales.
Para t = 0: ( )oφ0ωsen 0,20,1y +⋅== :
=
==
6
π5φ
6
πφ
:2
1φsen
o
o
o
Las posibles expresiones de la posición son:
+=
6
π t
3
π20sen 2,0y
+=
6
π5 t
3
π20sen 2,0y
El signo de la velocidad para t = 0 nos permite deducir cual de las dos expresiones es la que
corresponde al movimiento
La expresión de la velocidad, es la derivada de la posición respecto del tiempo.
10
+=
+=
+==
6
π t
3
π20cos
3
π4
6
π t
3
π20cos
3
π202,0
6
π t
3
π20sen 2,0
dt
d
dt
dyv
+=
+=
+==
6
π5 t
3
π20cos
3
π4
6
π5 t
3
π20cos
3
π202,0
6
π5 t
3
π20sen 2,0
dt
d
dt
dyv
Para t = 0:
<=
+⋅=
>=
+⋅=
06
π5cos
3
π4
6
π50
3
π20cos
3
π4v
06
πcos
3
π4
6
π0
3
π20cos
3
π4v
• Posición:
+=
6
π t
3
π20sen 2,0y
• Velocidad:
+=
6
π t
3
π20cos
3
π4v
Para t = 1,2: ( ) 1s m 6,3
6
ππ8cos
3
π4
6
π2,1
3
π20cos
3
π42,1tv
−=
+=
+⋅==
b. Se puede hacer de dos formas distintas:
• Por definición de energía cinética: 2
c mv2
1E =
( ) 2máxc mv
2
1máxE =
( )( )
ωAv:1φ tωcosv
φ tωcos ωAvmáx
omáx
o=
=+⇔
+=
( ) ( ) J 5,173
π202,02
2
1ωmA
2
1ωAm
2
1máxE
22222
c =
⋅⋅⋅===
• Por conservación de energía. ( ) ( ) 2pc kA
2
1maxEmáxE ==
k
mπ2T = : 1
2
2
2
2
m N 3,8773,0
2π4
T
mπ4k
−=⋅
==
( ) ( ) J 5,172,03,8772
1kA
2
1maxEmáxE
22pc =⋅===
Septiembre 2011. Cuestión 1B.- Se dispone de un oscilador armónico formado por una masa m
sujeta a un muelle de constante elástica k. Si en ausencia de rozamiento se duplica la energía mecánica
del oscilador, explique que ocurre con:
a) La amplitud y la frecuencia de las oscilaciones.
b) La velocidad máxima y el periodo de oscilación.
Solución.
a. La energía mecánica del oscilador viene expresada por 2
m KA2
1E = . Si se duplica la energía
mecánica 2
m AK2
1E ′=′ , comparando ambas expresiones:
2
2
m
m
KA2
1
AK2
1
E
E′
=′
: mm E2E =′ : 2
2
A
A2
′= : A2A ⋅=′
La amplitud aumenta.
11
La frecuencia depende de la constante recuperadora del oscilador y de la masa, como estas no
varían, la frecuencia tampoco.
k
mπ2
f
1=
b. La velocidad máxima viene dada por ωAvmáx ⋅= , Si aumentamos la energía mecánica, la
nueva velocidad máxima vendrá expresada por ωAvmáx ′⋅′=′ , comparando:
ωA
ωA
v
v
máx
máx
⋅
′⋅′=
′
Teniendo en cuenta que A2A ⋅=′ y que ωω =′ ya que K y m permanecen constantes
2v
v
máx
máx=
′ : máxmáx v2v ⋅=′
La velocidad máxima de oscilador aumenta.
Si la frecuencia permanece constante, el periodo también permanece constante.
Junio 2011. Problema 1A.- Se tiene una masa m = 1 kg situada sobre un plano horizontal sin
rozamiento unida a un muelle, de masa despreciable, fijo por su extremo a la pared, Para mantener
estirado el muelle una longitud de x = 3 cm, respecto de su posición en equilibrio, se requiere una fuerza
de F = 6 N. Si de deja el sistema masa-muelle en libertad:
a) ¿Cuál es el periodo de oscilación de la masa?
b) Determine el trabajo realizado por el muelle desde la posición inicial, x = 3 cm, hasta su posición
de equilibrio, x = 0.
c) ¿Cuál será el módulo de la velocidad de la masa cuando se encuentre a 1 cm de su posición de
equilibrio?
d) Si el muelle se hubiese estirado inicialmente 5 cm, ¿cuál sería su frecuencia de oscilación?
Solución. a. El periodo de oscilación del muelle se obtiene a partir de la constante recuperadora del muelle.
mωk 2= ; k
mπ2T =
La constante k se obtiene aplicando la ley de Hooke ( )xkF ⋅−= a los datos el enunciado.
Usando la expresión en módulo:
xkF ⋅= ; m
N200m 103
N 6
x
Fk
2-=
×==
Conocido el valor de K y la masa se calcula el periodo.
s 44,0200
1π2
k
mπ2T ===
b. ( ) ( )( ) =
⋅−⋅−=−−=∆−= 2
i2fppp xk
2
1xk
2
1inicialEfinalEEW
( ) J 09,01032002
10200
2
1 222 =
×⋅−⋅− −
c. Conocida la energía mecánica
⋅= 2
m Ak2
1E y la posición (Energía potencial), se puede
calcular la energía cinética y de esta obtener la velocidad
cpm EEE +=
222vm
2
1xk
2
1Ak
2
1⋅+⋅=⋅
12
222v1
2
101,0200
2
103,0200
2
1⋅+⋅=⋅
16,0v2 = ;
sm4,016,0v ==
d. Según pone de manifiesto la relación utilizada en el apartado a
=
k
mπ2T , el periodo, y por
tanto la frecuencia depende de k y m, y no de la amplitud, por lo tanto la frecuencia será la misma
Hz 27,244,01T1ν ===
Modelo 2011. Cuestión 1A. Un cuerpo de masa 250 g unido a un muelle realiza un movimiento
armónico simple con una frecuencia de 5 Hz. Si la energía total de este sistema elástico es 10 J:
a) ¿Cuál es la constante elástica del muelle?
b) ¿Cuál es la amplitud del muelle?
Solución. a. Combinando la 2ª ley de la dinámica y la Ley de Hooke, se halla una relación entre la constante
recuperadora y el periodo.
22
2 ωmK:
xKF
xωmF:xωa
amF
⋅=
⋅−=
⋅−=
−=
⋅=
: fπ2ω ⋅=
( ) 122222Nm 7,2465250,0π4f mπ4fπ2mK −=⋅⋅==⋅⋅=
b. Conociendo la energía mecánica y la constante, se calcula la amplitud.
2T KA
2
1E = : m 285,0
7,246
102
K
E2A m =
⋅==
Septiembre 2010 F.M. Cuestión 1A.- Una partícula que realiza un movimiento armónico simple de
10 cm de amplitud tarda 2 s en efectuar una oscilación completa. Si en el instante t = 0 su velocidad era
nula y la elongación positiva, determine:
a) La expresión matemática que representa la elongación en función del tiempo.
b) La velocidad y la aceleración de oscilación en el instante t = 0,25 s.
Solución.
a. A = 10 cm; T = 2 s; Para T = 0:
>
=
0x
0v
La expresión matemática de la elongación en función del tiempo tiene por expresión:
( )oφ tωsen A x +=
srad π
2
π2
T
π2ω ===
Para calcular el desfase inicial (ϕ), se tienen en cuenta los datos de que para t = 0, la velocidad es
nula y la elongación positiva.
( )( ) ( )ϕ+ωω=ϕ+ω== tcosA tsen A dt
d
dt
dxv
( ) ( )
−=
==⇔==+⋅==
2πφ
2πφ
:0φcos0φcosωAφ0ωcosωA0tvo
oooo
Para saber cual desfase corresponde al movimiento propuesto, se tiene en cuenta que para t = 0,
la elongación es positiva
( ) ( )( ) ( ) ( ) 2
π0x:A1A
2πsen A
2π0ωsen A 0tx:
2π Si
A1A2πsen A
2π0ωsen A 0tx:
2π Si
=⇔>
−=−⋅=−=−⋅==−=
=⋅==+⋅===:
La elongación en función del tiempo viene dada por la expresión:
13
( ) ( )2π tπsen 1,0tx +=
b. ( ) ( ) ( )2πt πcosπ 1,0 tωcosωAtv +=+=
( ) ( )s
m20
π2
4
π3cos
10
π
2π0,25πcosπ 1,025,0tv −==+⋅==
( ) ( )( ) ( ) ( )2π tπsenπ 1,0 tωsen ωA tωcosωA
dt
d
dt
dvta
22 +−=+−=+==
( ) ( )2
222
sm
20
π2
4
π3sen
10
π
2π0,25πsenπ 1,025,0ta −=−=+⋅−==
Septiembre 2010 F.G. Problema 2A.- Una partícula se mueve en el eje X, alrededor del punto x = 0,
describiendo un movimiento armónico simple de periodo 2 s, e inicialmente se encuentra en la posición
de elongación máxima positiva. Sabiendo que la fuerza máxima que actúa sobre la partícula es 0,05 N y
su energía total 0,02 J, determine:
a) La amplitud del movimiento que describe la partícula.
b) La masa de la partícula.
c) La expresión matemática del movimiento de la partícula.
d) El valor absoluto de la velocidad cuando se encuentre a 20 cm de la posición de equilibrio.
Solución. a. La amplitud del movimiento se puede obtener a partir de la
fuerza máxima y la energía mecánica total. La fuerza a la que se ve
sometida la partícula esta expresada por la ley de Hook (F = −k · x), alcanzando su valor máximo cuando la elongación se iguala a la
amplitud.
AkFmáx ⋅−=
Las fuerzas involucradas en el movimiento armónico simple son centrales y, por tanto,
conservativas. En consecuencia, la expresión de la energía potencial en función de la elongación (x), se
obtiene integrado la expresión de la fuerza con respecto a la elongación y cambiándola de signo.
2P xk
2
1E ⋅=
En el punto de elongación máxima (x = A), toda la energía mecánica es potencial (v = 0), obteniendo una expresión para la energía mecánica total en función de la amplitud.
2T Ak
2
1E ⋅=
Con las expresiones de la fuerza máxima y la energía mecánica se plantea un sistema que
permite despejar la amplitud, que se toma en valor absoluto.
m 8,0A : 2
A
N 05,0
J 02,0:
N 05,0F
J 02,0E:
2
A
Ak
Ak2
1
F
E:
Ak2
1E
AkF
máx
T
2
máx
P2
T
máx
==
=
==
⋅−
⋅
=
⋅=
⋅−=
b. El valor de la masa se puede obtener a partir de la constante (k = m ω2)
2
222
222
T2T
2
T
A m2A
T
2 m
2
1A m
2
1E:
Ak2
1E
mk π=
π=⋅ω=
⋅=
ω=
kg103,68,02
02,02
A2
ETm :
T
A m2E
3
22
2
22
T2
2
22
T−⋅=
⋅π
⋅=
⋅π
⋅=
π=
c. Ecuación general del movimiento armónico simple: ( )ϕ+ω= tsen Ax
A = 0,8 m
14
srad
2
2
T
2π=
π=
π=ω
Desfase inicial: Para t = 0 ⇒ x = A: ( )ϕ+⋅π= 0sen AA
1sen =ϕ : 2
1arcsen π
==ϕ
Sustituyendo los valores se obtiene la ecuación del movimiento armónico simple
π+π=
2 tsen 8,0x
d. A partir de la energía cinética se puede obtener una expresión de la velocidad en función de la
posición.
( )( ) ( ) ( )( )22c tcos A m
2
1 tcos A tsen A
dt
d
dt
dxvmv
2
1E ϕ+ωω=
ϕ+ωω=ϕ+ω====
( )( )22 tcos A m
2
1mv
2
1ϕ+ωω= : ( )ϕ+ωω= tcosAv 2222
Teniendo en cuenta: ( ) ( )ϕ+ω−=ϕ+ω tsen1 tcos 22
( )( )ϕ+ω−ω= tsen1Av 2222 : ( )
ϕ+ω−ω=44 344 21
2x
22222 tsenAAv : ( )2222 xAv −ω=
sm4,22,08,0xAv 2222 =−π=−ω=
Junio 2010. La gráfica muestra el desplazamiento horizontal: x = x(t) respecto del equilibrio de una
masa de 0,5 kg unida a un muelle.
a) Obtenga la constante elástica del muelle
b) Determine la energía cinética y potencial del
sistema en el instante: t = 0,25 s.
Solución. a. La constante del muelle se puede relacionar con
la masa y la frecuencia angular (ω)
2
222
T
π4m
T
π2m
T
π2ωωmk ⋅=
⋅=
==⋅=
En la gráfica adjunta se puede leer el periodo T = 0,4 s
mN37,1234,0
π45,0k
2
2
=⋅=
b. La energía potencial viene dada por la expresión:
2p xk
2
1E ⋅=
La posición de la partícula esta expresada por la ecuación:
( ) ( )oφt ωsen Atx +=
Donde: sradπ54,0
π2
T
π2ω ===
De la gráfica adjunta: A = 0,05 m
El desfase inicial, se obtiene teniendo en cuenta que x(t = 0) = A
( ) ( ) Aφ0ωsen A0x o =+⋅= 1φ sen o = rad2
πφo =
La posición de la partícula viene dada por: ( )
+=
2
πt π5sen 05,0tx
15
( ) m 035,02
205,0
2
π7sen 05,0
2
π,250 π5sen 05,025,0x −≈−==
+=
( ) J 077,0035,037,1232
1xk
2
1E
22p =−⋅⋅=⋅=
La energía cinética se calcula teniendo en cuenta que la suma de energía cinética y potencial es
la energía mecánica, que se puede calcular como energía potencial máxima.
cinéticapotencialmecánica EEE += ( ) 2potencialmecánica Ak
2
1máximaEE ⋅==
potencial2
potencialmecánicacinética EAk2
1EEE −⋅=−=
J 077,0077,005,037,1232
1E
2cinética =−⋅=
Junio 2010 F.M. Cuestión 1B.- Una partícula realiza un movimiento armónico simple. Si la
frecuencia de oscilación se reduce a la mitad manteniendo constante la amplitud de oscilación, explique
qué ocurre con: a) el periodo; b) la velocidad máxima; c) la aceleración máxima y d) la energía mecánica
de la partícula.
Solución.
2
ff
o=
a. Periodo. El periodo es inverso a la frecuencia
ooo
T2f
12
2f
1
f
1T ====
El periodo se duplica.
b. Velocidad máxima. Para un movimiento armónico simple, la velocidad es la derivada de la
posición respecto del tiempo.
( ) ( )( ) ( )oo t cosAt Asendt
d
dt
tdyv ϕ+ωω=ϕ+ω==
La velocidad será máxima cuando la componente trigonométrica sea 1
ω= Avmáx
La velocidad angular se puede expresar en función de la frecuencia (ω =2πf).
Af2f2Avmáx π=π=
2
v
2
Af2
2
fA2Af2v
omáxoomáx =
π=π=π=
La velocidad máxima se reduce a la mitad.
c. Aceleración máxima. Siguiendo un procedimiento análogo al apartado anterior de calcula la
aceleración máxima.
( ) ( )( ) ( )o2
o t sen At cosAdt
d
dt
tdva ϕ+ωω−=ϕ+ωω==
( ) 1t senaa omáx =ϕ+ω⇔=
2máx Aa ω−=
Sustituyendo ω por 2πf:
( )4
a
4
Af4
2
fA4Af4f2Aa omáx
2o
22o2222
máx =π−
=
π−=π−=π−=
La aceleración máxima se reduce la cuarta parte.
d. Energía mecánica. 2
m Ak2
1E ⋅= La dinámica permite expresar k en función de ω y m (k = ω2
m).
16
{ } ( ) 2222222m mAf2Amf2
2
1f2Am
2
1E π=⋅π=π=ω=⋅ω=
4
E
4
mAf2mA
2
f2mAf2E om
22o
22
2o2222
m =π
=
π=π=
La energía mecánica se reduce la cuarta parte.
Junio 2010 F.G. Problema 1A.- Un sistema masa-muelle está formado por un bloque de 0,75 kg de
masa, que se apoya sobre una superficie horizontal sin rozamiento, unido a un muelle de constante
recuperadora K. Si el bloque se separa 20 cm de la posición de equilibrio, y se le deja libre desde el
reposo, éste empieza a oscilar de tal modo que se producen 10 oscilaciones en 60 s. Determine:
a) La constante recuperadora K del muelle.
b) La expresión matemática que representa el movimiento del bloque en función del tiempo.
c) La velocidad y la posición del bloque a los 30 s de empezar a oscilar.
d) Los valores máximos de la energía potencial y de la energía cinética alcanzados en este sistema
oscilante.
Solución.
Movimiento armónico simple.
==
×=
=
−
−
1
2
s6
1
60
10f
cm1020A
Kg 75,0m
a. Según la ley de Hooke F = −Kx, siendo K la constante recuperadora y x la elongación del
muelle. Teniendo en cuenta el 2º principio de la dinámica F = m a, e igualando:
−K x = m a
Si se aplica la igualdad al punto de elongación máxima:
máxmáx a mx K =−
Si la masa unida al muelle inicia un movimiento armónico simple, la posición, velocidad y
aceleración vienen dados por:
• Posición o elongación: ( )ϕ+ω= tsen Ax ; Ax máx =
• Velocidad: ( )ϕ+ωω== tcos Adt
dxv ; ω= Avmáx
• Aceleración: ( )ϕ+ωω−== tsen Adt
dva 2 ; 2
máx Aa ω−=
Si en la igualdad se sustituyen los valores de x máx y a máx por las expresiones obtenidas del
movimiento armónico simple:
( )2 AmAK ω−⋅=⋅−
Simplificando: 2 mK ω=
La velocidad angular se puede expresar en función de la frecuencia. f 2T
2π=
π=ω
( )m
N82,0s6
1Kg 75,04f m4f 2 mK
212222 =
⋅π=π=π= −
b. ( ) ( )ϕ+ω= tsen Atx : s
rad36
2f 2
T
2 π=
π=π=
π=ω
Para determinar la fase inicial se tiene en cuenta que para t = 0 la elongación es máxima, y por
tanto la parte trigonométrica de la expresión debe ser uno.
Para t = 0: Axx máx == ⇔ ( ) 10 sen =ϕ+ω : 1sen =ϕ : rad2
π=ϕ
( )
π+
π=
2 t
3sen 2,0tx
17
c. ( ) ( ) 02
cos30
2
210cos
30
2
230
3cos
32,0 tcos A
dt
dxtv =
ππ=
π+π
π=
π+⋅
ππ⋅=ϕ+ωω==
( ) m 2,012,02
sen 2,02
10sen 2,02
303
sen 2,0 tsen Ax =⋅=π
=
π+π=
π+
π=ϕ+ω=
d. ( ) ( ) ( ) J 016,02,082,02
1A K
2
1máxEmáxEmáxE
22mpc =⋅⋅====
Modelo 2010 Cuestión 1A.- Un sistema elástico, constituido por un cuerpo de masa 200 g unido a un
muelle, realiza un movimiento armónico simple con un periodo de 0,25 s. Si la energía total del sistema
es 8 J:
a) ¿Cuál es la constante elástica del muelle?
b) ¿Cuál es la amplitud del movimiento?
Solución. a) Si se aplica la Ley de Hooke ( )xkF ⋅−= al punto de máxima elongación (x = A):
AkF ⋅−= En el punto de máxima elongación, la aceleración del sistema es máxima, si se aplica la 2ª ley de
la dinámica:
máxamF ⋅=
Igualando ambas expresiones:
máxamAk ⋅=⋅−
La aceleración se puede obtener a partir de la ecuación del movimiento armónico simple:
( ) ( )oφ tωsen Aty +=
( ) ( ) ( )( ) ( )oo φ tωcos ωAφ tωsen Adt
d
dt
ty dtv +=+==
( ) ( ) ( )( ) ( )o2
o φ tωsen ωAφ tωcos ωAdt
d
dt
tv dta +−=+==
La aceleración será máxima cuando la seno valga 1, quedando: 2
máx ωAa −=
Sustituyendo en la expresión máxamAk ⋅=⋅− y simplificando se obtiene una relación entre la
constante de elasticidad y la velocidad angular, la cual se puede expresar en función del periodo ó la
frecuencia
mωAAk 2−=⋅− : mωk 2= : T
π2ω = : m
T
π2k
2
=
( )m
Nπ8,121020025,0
π2k
232
=×⋅
= −
b) En el punto de máxima elongación la energía total del sistema será igual a la energía potencial
elástica ya que en punto la velocidad es nula.
2p xk
2
1E ⋅=
La energía potencial es máxima en el punto de máxima elongación (x = A) y velocidad nula.
( ) 2Tp Ak
2
1EmáxE ⋅== :
22Aπ8,12
2
18 ⋅= : m 356,0
π8,12
28A
2=
⋅=
Septiembre 2009. Cuestión 2.- Una partícula realiza un movimiento armónico simple de 10 cm de
amplitud y tarda 2 s en efectuar una oscilación completa. Si en el instante t = 0 su velocidad es nula y la
elongación positiva, determine:
a) La expresión matemática que representa la elongación en función del tiempo.
b) La velocidad y la aceleración de oscilación en el instante t = 0,25 s.
Solución. a. La posición de un cuerpo que describe un M.A.S. viene dada por una ecuación de tipo senoidal:
18
( ) ( ) ( ) ( )φ· tπsen 1,0ty:s
radπ2
π2
T
π2ω:s 2T
m 0,1cm 10A:φ· tωsen Aty +⋅=
====
==+⋅=
Para calcular el desfase (ϕ) se tiene en cuenta que para t = 0, la velocidad es nula.
( ) ( ) ( )[ ] ( )φ· tπcosπ1,0φ· tπsen 1,0dt
d
dt
ty dtv +⋅=+⋅==
( ) ( )2
πφ : 0φcos : 0φcosπ1,0 : 0φ·0πcosπ1,00tv ±====+⋅==
Teniendo en cuenta que para t = 0, la elongación (y) es positiva:
2
πφ +=
La expresión matemática que expresa la elongación del movimiento es:
( )
+⋅=
2
π· tπsen 1,0ty
b. ( ) ( )
+⋅=
+⋅==
2
π· tπcosπ1,0
2
π· tπsen 1,0
dt
d
dt
ty dtv
( )s
m22,04
π3cosπ1,0
2
π·0,25πcosπ1,025,0tv −=⋅=
+⋅==
( ) ( )
+⋅−=
+⋅==
2
π· tπ senπ1,0
2
π· tπcosπ1,0
dt
d
dt
t vdta
2
( )2
22
sm7,0
4
π3 senπ1,0
2
π·0,25π senπ1,025,0ta −=⋅−=
+⋅−==
Junio 2009. Problema 1A.- Una partícula de 0,1 kg de masa se mueve en el eje X describiendo un
movimiento armónico simple. La partícula tiene velocidad cero en los puntos de coordenadas x = −10 cm y
x = 10 cm y en el instante t = 0 se encuentra en el punto de x = 10 cm. Si el periodo de las oscilaciones es de
1,5 s, determine:
a) La fuerza que actúa sobre la partícula en el instante inicial.
b) La energía mecánica de la partícula.
c) La velocidad máxima de la partícula.
d) La expresión matemática de la posición de la partícula en función del tiempo.
Solución. Las magnitudes posición, velocidad y aceleración de un movimiento armónico simple que
describe una partícula sobre el eje OX vienen dadas por las expresiones:
( )o tcosAx ϕ+ω=
( )( ) ( )oo tsen A tcosAdx
d
dt
dxv ϕ+ωω−=ϕ+ω==
( )( ) ( ) x tcosA tsen Adx
d
dt
dva
2o
2o ω−=ϕ+ωω−=ϕ+ωω−==
Donde A es la amplitud, ω la velocidad angular y ϕ0 la fase inicial.
Para calcular la amplitud se tiene en cuenta que en los puntos donde la velocidad es nula, la
elongación es máxima y coincide con el valor de amplitud.
m 1,0Axx:0v max ====
La velocidad angular se obtiene a partir de periodo (T = 1,5 s)
srad
3
4
5,1
2
T
2π=
π=
π=ω
La fase inicial se calcula teniendo en cuenta que para t = 0 x = 0,1m, sustituyendo en la ecuación
general:
19
( ) ( )oo 0cos1,01,0:
m 0,1x
m 1,0A
0t
: tcosAx ϕ+⋅ω=
=
=
=
ϕ+ω= : 1cos o =ϕ ; rad 0o =ϕ
Conocidos todos los parámetros del movimiento, sus ecuaciones son:
π= t
3
4cos1,0x
( )
ππ−=
ππ⋅−=ϕ+ωω−= t
3
4sen
15
2 t
3
4sen
3
41,0 tsen Av o
( )
π−=
ππ⋅π−=ϕ+ωω−= tπ
3
4cos
45
8 t
3
4sen
3
4
15
2 tcosAa
2o
2
a. amF ⋅= Para t = 0: 222
sm
45
80π
3
4cos
45
8a π−=
⋅π−=
N 175,0s
m45
8kg 1,0amF 2
2 −=
π−⋅=⋅=
El signo negativo corresponde al sentido de la fuerza
b. En un movimiento armónico simple, hay una transformación continua entre la energía cinética y
potencial, pero, en cualquier instante, la suma es constante y es igual a la energía mecánica total. Al valor
máximo de energía cinética le corresponde un valor mínimo de energía potencial (nula) y viceversa.
22máx
22pcm Ak
2
1mv
2
1x k
2
1mv
2
1EEE ==+=+=
Con los datos de enunciado, se calcula la energía mecánica como la energía potencial máxima.
2m Ak
2
1E =
El valor de k se puede obtener si se tiene en cuenta:
xkam:xkF
amF⋅−=⋅
⋅−=
⋅=
xa 2ω−= : xkxm 2 ⋅−=ω⋅− : 2mk ω⋅=
Sustituyendo en la energía mecánica:
J108,81,03
41,0
2
1Am
2
1E 32
222
m−×=⋅
π⋅=ω⋅=
c. ( )( ) ( )oo tsen A tcosAdx
d
dt
dxv ϕ+ωω−=ϕ+ω==
( )o tsen Av ϕ+ωω−=
( ) 1 tsen v omáx =ϕ+ω⇔ ; s
m42,03
41,0Avmáx −=π⋅−=ω−=
d. ( )o tcosAx ϕ+ω= :
π= t
3
4cos1,0x
20
Modelo 2009. Problema 1A.- En la figura se muestra la
representación gráfica de la energía potencial (Ep) de un oscilador
armónico simple constituido por una masa puntual de valor 200 g unida
a un muelle horizontal, en función de su elongación (x).
a) Calcule la constante elástica del muelle
b) Calcule la aceleración máxima del oscilador
c) Determine numéricamente la energía cinética cuando la masa
está en la posición x = +2,3 cm.
d) ¿Dónde se encuentra la masa puntual cuando el módulo de su
velocidad es igual a la cuarta parte de su velocidad máxima?
Solución. a. En un movimiento armónico simple, la energía potencial
elástica viene dada por la expresión 2
p x k2
1E =
Particularizando para x = 5 cm y tomando los valores del gráfico se calcula la constante elástica
del muelle.
( )m
N80k:105 k2
11,0
22 =×= −
b. Para un movimiento armónico simple, la aceleración viene dada por la expresión:
( )o2
2
2
tsenAdt
xda ϕ+ωω−==
Al ser el seno una función que oscila entre –1 y 1; la aceleración máxima vale 2Aω .
Para un muelle, la velocidad angular se puede expresar en función de la constante de elasticidad
y de la masa unida al muelle por la expresión:
m
K
m
K 2 =ω⇒=ω
Sustituyendo en la expresión de la aceleración máxima:
23
22max
sm20
kg10200
mN80
m105m
KAAa =
××==ω=
−
−
c. Por el principio de conservación de la energía, se cumple:
( ) ( ) ( ) J 1,0TotalEcm 5xEcm 3,2xE mmm =====
( ) ( ) ( )m103,2xEm103,2xEm103,2xE2
c2
p2
m−−− ×=+×==×=
Teniendo en cuenta la expresión de la energía potencial elástica
= 2
p x k2
1E y el valor de la
constante de elasticidad del muelle calculada en el apartado a:
( ) c
22Em103,2
m
N80
2
1J 1,0 +×⋅= −
: ( ) J 08,0m103,2xE 2c =×= −
d. Se aplica de nuevo el principio de conservación de la energía, pero en este caso para obtener la
energía potencial conocida la energía cinética. Conocida la energía potencial se calcula la elongación
(posición).
La energía cinética se puede calcular de dos formas diferentes: Por comparación de energías
cinéticas y teniendo en cuenta que la energía cinética es máxima cuando la potencial elástica es nula y por
tanto coincide con la energía mecánica total.
21
( )
( )
( )( )
( )( ) ( )
16
TE
16
maxExE16
4
vm
2
1
vm2
1
xE
máxE:
4
vv:
vm2
1xE
vm2
1máxE
mcc2
max
2max
c
cmaxx
2xc
2maxc
==⇒=
⋅
⋅
==
⋅=
⋅=
( )( )
J 006,016
J 1,0
16
TExE m
c ===
Con la definición de energía cinética y calculando la velocidad máxima.
( )s
m1kg 2,0
mN80
105m
KA
m
KAv: tcosA
dt
dxv 2
maxo =×==
=ω=ω=ϕ+ωω== −
Conocida la velocidad máxima, se calcula la energía cinética cuando la elongación es x mediante
la relación propuesta por el enunciado:
( ) ( ) J 006,0s
m0,25kg 2,02
1mv
2
1xE
sm25,0
4
1
4
vv
22xc
maxx =⋅==⇒===
Conocida la energía cinética en el punto de elongación x, se calcula la energía potencial elástica
teniendo en cuenta que la energía mecánica total es constante.
( ) ( ) ( ) ( ) ( ) ( ) J 094,0006,01,0xETExE:xExETE cmpcpm =−=−=+=
Conocida la energía potencial elástica se calcula la posición.
( ) 2p x k
2
1xE =
cm 4,8m 048,080
2094,0xx
m
N80
2
1J 094,0 2 ==
⋅=⇒⋅⋅=
Septiembre 2008. Cuestión 2. Una partícula que realiza un movimiento armónico simple de 10 cm de
amplitud tarda 2 s en efectuar una oscilación completa. Si en el instante t = 0 su velocidad era nula y la
elongación positiva, determine:
a) La expresión matemática que representa la elongación en función del tiempo.
b) La velocidad y la aceleración de oscilación en el instante t = 0,25 s.
Solución. a. La elongación x, velocidad v y aceleración a, vienen dadas por las ecuaciones:
( )ϕ+ω⋅= tsen Ax : ( )ϕ+ω⋅ω== tcosAdt
dxv : ( )ϕ+ω⋅ω−= tsen Aa 2
Conocido el periodo (T = 2 s), se calcula la pulsación o velocidad angular:
srad
2
2
T
2π=
π=
π=ω
El desfase (ϕ) se puede calcular con el dato de la velocidad a t = 0.
Si cuando t = 0 la velocidad es nula: ( )
π−=ϕ
π=ϕ
=ϕ⇔=ϕ+⋅ω⋅ω=
2
2:0cos00cosAv
• Para 2
π−=ϕ en t = 0: 0A
20sen Ax <−=
π−⋅ω⋅=
• Para 2
π=ϕ en t = 0: 0A
20sen Ax >=
π+⋅ω⋅=
Teniendo en cuenta que para t = 0, la elongación (x) es positiva, el desfase deberá ser 2
π=ϕ ,
la elongación viene expresada por :
π+π⋅=
2 tsen 1,0x
22
b. Las expresiones para la velocidad y la aceleración de la partícula son:
π+π⋅π−=
π+π⋅π=
2 tsen 1,0a
2 tcos 1,0v
2
t = 0,25 s: -s
m22,04
3cos 1,0
20,25 cos 1,0v −=
π⋅π=
π+π⋅π=
- 222
sm698,0
4
3sen 1,0
20,25 sen 1,0a −=
π⋅π−=
π+π⋅π−=
Junio 2008. Cuestión 1. Un cuerpo de masa m está suspendido de un muelle de constante elástica k.
Se tira verticalmente del cuerpo desplazando éste una distancia X respecto de su posición de equilibrio, y se
le deja oscilar libremente. Si en las mismas condiciones del caso anterior el desplazamiento hubiese sido
2X, deduzca la relación que existe, en ambos casos, entre: a) las velocidades máximas del cuerpo; b) las
energías mecánicas del sistema oscilante. Solución. Se trata de un movimiento armónico simple vertical, las ecuaciones que lo rigen son:
F = −K · x
( )ϕ+ω⋅= tcosAx
( )ϕ+ω⋅ω−=′== t sen Axdt
dyv ; ω−= Av máx
E(mec) = E(c) + E(p), cuando la energía potencial es máxima, la energía cinética es nula
2Mec AK
2
1E ⋅=
Aplicando el 2º principio de la dinámica a la ley de Hook
m a = −K x
Teniendo en cuenta que la aceleración es la derivada segunda de la posición
xKx m −=′′ : ( )
( )
ϕ+ωω−=′′
ϕ+ω⋅=
tcosAx
tcosAx2 : ( ) ( )ϕ+ω⋅−=ϕ+ωω− tcosA K tcosA m 2
m
K=ω ; No depende de la amplitud
Si se aplica a cada caso teniendo en cuenta que lo único que varía es la amplitud y que no hay
desfase:
a. La relación entre las velocidades máximas es la misma que la de las amplitudes
( )( )
( ) ( )122
1 maxv2maxv2
1
x2
x
maxv
maxv=⇒=
ω−
ω−=
b. La relación entre las energías mecánicas es el cuadrado que la de las amplitudes
( )( ) ( )
( ) ( )122
2
2
1 mecE4mecE4
1
x2K2
1
xK2
1
mecE
mecE=⇒=
⋅
⋅
=
23
Junio 2007. Cuestión 2.- Un objeto de 2,5 kg está unido a un muelle horizontal y realiza un
movimiento armónico simple sobre una superficie horizontal sin rozamiento con una amplitud de 5 cm y
una frecuencia de 3,3 Hz. Determine: a) El periodo del movimiento y la constante elástica del muelle.
b) La velocidad máxima y la aceleración máxima del objeto.
Solución a) Para resolver esta cuestión necesitamos recordar ciertas fórmulas del movimiento armónico y
de los muelles:
m
Fa
m
kω
νπ2T
π2ω
ν
1T
2 ==
⋅===
De donde fácilmente resulta:
122 mN 8,10747,205,2ωmk
srad 7,203.3π2fπ2ω
s 3,03,3
1
ν
1T
−⋅=⋅=⋅=
=⋅=⋅=
===
b) Para conocer la aceleración máxima calcularemos la fuerza máxima, que se produce en el
extremo, y dividiremos por la masa, despreciando la masa del muelle:
2máxmáx sm5,21
5,2
05,08,1074
m
Ak
m
Fa =
⋅=
⋅==
Para calcular la velocidad máxima utilizaremos el principio de conservación de la energía, ya
que la energía potencial en el extremo será igual a la cinética máxima, que se tiene cuando la masa pasa
por el punto de equilibrio.
( ) ( )
sm 04,15,2
8,107405,0v
m
kAv ; vm
2
1Ak
2
1
máxEmáxE
máx
máx2máx
2
potencialcinética
=⋅=
⋅=⋅=⋅
=
Septiembre 2006. Cuestión 2.- Una partícula que describe un movimiento armónico simple recorre
una distancia de 16 cm en cada ciclo de su movimiento y su aceleración máxima es de 48 mls2. Calcule:
a) la frecuencia y el periodo del movimiento; b) la velocidad máxima de la partícula.
Solución.
Un ciclo supone recorrer 4 veces la amplitud (A).
2maxs
m48a 4cmA cm16A4 ===
a) Frecuencia (ν) y período (T). A partir de la ecuación del movimiento armónico simple y
derivando sucesivamente se obtienen las expresiones de la velocidad y aceleración de
movimiento.
( )ϕ+ω⋅= tsenAx
( )ϕ+ω⋅ω== tcosAvdt
dx
( )ϕ+ω⋅ω−== tsenAadt
dv 2
El valor absoluto de la aceleración máxima será:
Aa 2máx ω=
Conocida la aceleración máxima y la amplitud se calcula la velocidad angular (ω).
24
srad34´6 1200
m 040́
sm48
A
a 2máx2 =ω⇒===ω
Conocida la velocidad angular se calcula el período y la frecuencia en el orden que uno quiera
mediante las tres ecuaciones que la relacionan.
T
1 2
T
2=νν⋅π=ω
π=ω
• Período. s 180
srad6'34
rad 22T ′=
π=
ω
π=
• Frecuencia. ( )1sHz 55rad 2
srad643
2
−′=π
′=
π
ω=ν
b) Velocidad máxima de la partícula. Se puede resolver de dos formas. Según la expresión de la
velocidad de un movimiento armónico simple ( )( )ϕ+ω⋅ω= tcosAv , alcanzará su valor máximo
cuando la componente trigonométrica valga 1, y en ese caso la velocidad máxima será:
sm 38'1643 040Avmáx =′⋅′=ω=
A la misma expresión se puede llegar teniendo en cuenta que la velocidad máxima de la
partícula se produce en el origen 0x = , donde la energía mecánica es toda cinética:
ω==ω= A v vmAm mv2
1kA
2
1máx
2max
222max
2
Junio 2006. Problema 2B.- Una masa puntual de valor 150 g unida a un muelle horizontal de
constante elástica k = 65 N m−1
constituye un oscilador armónico simple. Si la amplitud del movimiento
es de 5 cm, determine:
a) La expresión de la velocidad de oscilación de la masa en función de la elongación. b) La energía potencial elástica del sistema cuando la velocidad de oscilación es nula. c) La energía cinética del sistema cuando la velocidad de oscilación es máxima. d) La energía cinética y la energía potencial elástica del sistema cuando el módulo de la aceleración
de la masa es igual a 13 m s−2
. Solución.
cm5Am
N65k
gr150m
=
=
=
a) En un momento cualquiera del movimiento en que la elongación es x y la velocidad v, la energía
del sistema es:
22cp mv
2
1kx
2
1EEE +=+=
Cuando la elongación es máxima y la velocidad es cero la energía será:
2kA
2
1E =
Como la energía se conserva:
( )22222 XAm
kvmv
2
1kx
2
1kA
2
1−=⇒+=
Dando valores:
( )s
cm cmx258,20v 2−=
b) La energía potencial elástica cuando la velocidad es nula es simplemente:
J 081,0KA2
1E
2p ==
c) Cuando la velocidad es máxima la elongación es nula y la energía cinética coincida con la
25
energía total
J 081,0E c =
d) Las expresiones de la elongación, la velocidad y la aceleración son respectivamente:
( ) ( )
( ) ( ) ( )
( ) ( ) ( )o2
o
o
tsenAdt
tdvta
tcosAdt
tdxtv
tAsentx
φ+ωω−==
φ+ωω==
φ+ω=
donde 1-s rad 8,20m
k==ω
Si llamamos t1 al instante en que 2ms13a −=
( ) ( )o12
1 tsen7,21s m 13ta φ+ω−== −
Operando se despeja sen(ωt1 + φo) y mediante le ecuación fundamental de la trigonometría
(sen2α + cos
2α = 1) se despeja el cos(ωt1 + φo).
( ) 6'07'21
13tsen o1 −=
−=φ+ω
( ) ( ) ( ) 8,06'01tsen1tcos2
012
01 =−−=φ+ω−=φ+ω
Conocidas las razones trigonométricas se calcula la posición y la velocidad para t1, y a partir de
estas las energías potencial y cinética.
( ) ( )( )
( ) ( ) m1036,0m105tx:6'0tsen
tAsentx 221
o1
o −− ×−=−⋅×=
−=φ+ω
φ+ω=
( ) ( )( )
( )s
m832'08'08'20105tv:8'0tcos
tcosAtv 21
o1
o=⋅⋅×=
=φ+ω
φ+ωω= −
• Energía potencial ( ) J 029'0103652
1kx
2
1Ep
222 =×−⋅⋅== −
• Energía cinética es J 052'0832'0150'02
1mv
2
1E
22c =⋅⋅==
Modelo 2006. Problema 1B. a) Determine la constante elástica k de un muelle, sabiendo que si se le aplica una fuerza de 0,75 N
éste se alarga 2,5 cm respecto a su posición de equilibrio.
Uniendo al muelle anterior un cuerpo de masa 1,5 kg se constituye un sistema elástico que se deja oscilar
libremente sobre una superficie horizontal sin rozamiento. Sabiendo que en t = 0 el cuerpo se encuentra
en, la posición de máximo desplazamiento, x = 30 cm, respecto a su posición de equilibrio, determine:
b) La expresión matemática del desplazamiento del cuerpo en función del tiempo.
c) La velocidad y la aceleración máximas del cuerpo.
d) Las energías cinética y potencial cuando el cuerpo se encuentra a 15 cm de la posición de
equilibrio.
Solución. a.
El punto de equilibrio es donde se igualan las fuerzas. La fuerza elástica será entonces
oe xkF ⋅=
mN30kN75'0m025'0k xx =⇒=⋅
26
Uniendo al muelle anterior un cuerpo de masa 1,5 kg se constituye un sistema elástico que
se deja oscilar libremente sobre una superficie horizontal sin rozamiento. Sabiendo que en t
= 0 el cuerpo se encuentra en, la posición de máximo desplazamiento, x = 30 cm, respecto a
su posición de equilibrio, determine:
b. De la masa del objeto y la constante elástica deducimos la frecuencia de oscilación del sistema
11 s 47'4s 205'1
30
m
k −− ====ω
la amplitud del movimiento es el máximo desplazamiento cm30A =⇒
( ) ( ) ( ) ( )φ+⋅=⇒φ+ω⋅= − ts 4'47sencm 30txt senAtx 1
Para calcular el desfase (φ) se tiene en cuenta que en ( ) cm 300x:0t ==
21 sen sencm 30cm 30
π=φ⇒=φ⇒φ⋅=
sustituyendo en la ecuación:
( )
π+⋅= −
2t s 4'47sencm 30tx
1
c. Por definición, la velocidad es la derivada de la posición con respecto de x.
( ) ( )dt
tx dtv =
( ) ( )[ ] ( )φ+ωω⋅=φ+ω⋅= tcos A t senAdt
dtv
La velocidad máxima se obtiene cuando la expresión trigonométrica vale 1
( ) ( )( )
Av:1 tcosv
tcos Atvmáx
máx
ω⋅=
=φ+ω⇔
φ+ωω⋅=
Sustituyendo valores
sm341'1
scm1'134s 47'4cm 30v 1
max ==⋅= −
La aceleración es la derivada de la velocidad respecto del tiempo
( ) ( ) ( )[ ] ( )φ+ωω−=φ+ω⋅ω== t senA tcosAdt
dtv
dt
dta 2
Al igual que en el caso de la velocidad, la aceleración máxima se obtiene cuando la expresión
trigonométrica vale 1.
( )22
212max
sm6
scm600s 20cm 30Aa ==⋅=ω= −
d. Cuando la masa está en el extremo toda la energía es potencial,
J 35'13'0302
1Ak
2
1xk
2
1EE
222pot =⋅=⋅=⋅==
y coincide con la energía total el sistema.
Cuando x = 15 cm, la energía potencial es:
J 3375,0EJ 3375,015'0302
1xk
2
1E pot
22pot =⇒=⋅=⋅=
La energía cinética se calcula como diferencia entre la energía total del sistema y la energía
27
potencial en este punto.
J 1625,13375,035,1EEEEEE potcinpotcin =−=−=⇒+=
J 1625,1Ecin =
Septiembre 2005. Cuestión 1. Se tienen dos muelles de constantes
elásticas k1 y k2 en cuyos extremos se disponen dos masas m1 y m2
respectivamente, y tal que m1 <m2. Al oscilar, las fuerzas que actúan sobre
cada una de estas masas en función de la elongación aparecen representadas
en la figura. a) ¿Cuál es el muelle de mayor constante elástica? b) ¿Cuál de
estas masas tendrá mayor período de oscilación?
Solución. a. La expresión de la fuerza elástica ó ley de Hooke es F = −k · x. Si se aplica a cada uno de los
muelles:
xkF
xkF
22
11
⋅−=
⋅−=
Si se observa la figura en el semieje positivo de las x
21 FF <
sustituyendo por sus expresiones:
xkxk 21 ⋅−<⋅−
simplificando
21 kk −<− ordenando 21 kk >
b. La frecuencia de oscilación de un muelle es:
m
kω =
y la relación de esta con el periodo es:
T
π2ω =
igualando ambas expresiones se puede despejar el periodo en función de la masa y de la constante
elástica.
k
mπ2T
T
π2
m
k:
T
π2ω
m
kω
⋅=→=
=
=
Aplicando la expresión anterior a ambos muelles y comparando:
1
2
2
1
2
1
2
2
1
1
2
1
2
22
1
11
k
k
m
m
T
T
k
mπ2
k
mπ2
T
T:
k
mπ2T
k
mπ2T
⋅=→
⋅
⋅
=
⋅=
⋅=
Teniendo en cuenta la relación de masas del enunciado y la relación del constantes del apartado
anterior:
1T
T1
k
k
m
m:
1k
kkk
1m
mmm
2
1
1
2
2
1
1
221
2
121
<⇒<⋅
<⇒>
<⇒<
ordenando
28
21 TT <
Modelo 2005. Problema 1A.- Una partícula de masa 100 g realiza un movimiento armónico simple de
amplitud 3 m y cuya aceleración viene dada por la expresión x9a 2π−= en unidades SI. Sabiendo que se
ha empezado a contar el tiempo cuando la aceleración adquiere su valor absoluto máximo en los
desplazamientos positivos, determine:
a) El periodo y la constante recuperadora del sistema.
b) La expresión matemática del desplazamiento en función del tiempo x = x (t).
c) Los valores absolutos de la velocidad y de la aceleración cuando el desplazamiento es la mitad
del máximo.
d) Las energías cinética y potencial en el punto donde tiene velocidad máxima.
Solución. a. Sabiendo que en un m.a.s:
xa 2ω−=
y por otro lado, según el enunciado:
x9a 2π−=
comparando ambas expresiones:
s
rad3 9 22 π=ωπ=ω
la constante recuperadora del sistema k se relaciona con w: 222 9'091'0mk π=π⋅=ω⋅=
Conocida la velocidad angular, el periodo se calcula con:
seg3
2T
3
2T : tantoPor
w
2T =
π
π=
π=
b. ( ) ( )otsen·Atx ϕ+ω=
De esta expresión lo único que falta por determinar es oϕ . La fase inicial la hallamos sabiendo
que en :A x,0t ==
( ) ( )2
1 sen A0Asen0 x ooo
π=ϕ=ϕ=ϕ+⋅ω=
Por tanto, la expresión para la ecuación del movimiento es:
( ) ( )2
t3sen3tx π+π=
c. Para calcular la velocidad y la aceleración cuando m2
3
2
Ax == , se tiene en cuenta la
2222
sm
2
27a
2
3·9a x·a π=π=ω−=
Conociendo la relación entre v, a y x, despeja v:
sm
2
27
427
2
39·3v
xAv
2
22
==
−π=
−⋅ω=
d. El punto donde tiene velocidad máxima es el origen, o punto de elongación cero, ya que tiene
que conservarse la energía mecánica total de la partícula, y en el origen esta solo tiene energía cinética,
que por tanto es máxima. (como consecuencia, su velocidad también lo es).
29
( )
J05'499'02
1E
EAk2
1vm
2
1E
22c
TOTAL22
maxc
π=⋅π⋅=
⋅=⋅=
La energía potencial depende de la elongación X, por tanto es nula en el origen.
( ) 0E 0x x·k2
1E p
2p ===
Junio 2004. Cuestión 1.- Al colgar una masa en el extremo de un muelle en posición vertical, este se desplaza 5 cm;
a) ¿De qué magnitudes del sistema depende la relación entre dicho desplazamiento y la aceleración
de la gravedad?
b) Calcule el periodo de oscilación del sistema muelle-masa anterior si se deja oscilar en posición
horizontal (sin rozamiento).
Dato: aceleración de la gravedad g = 9’81 m·s−2
Solución. a. La relación entre el desplazamiento y la constante del muelle se establece calculando la posición
de equilibrio: K·x = m·g, en este caso x es la distancia entre la posición de equilibrio sin gravedad y con
gravedad.
g
m105
g
x
k
m
105
g
m
km05'0
k
gmx
2
2
−
−
×==→
×=⇒=
⋅=
expresión en la que se observa que depende de K y de m.
b. En posición horizontal el periodo será:
seg45,081'9
105π2
g
xπ2
kmπ2
km
ω
1ωmk
ω
π2T
T
π2ω
22
=×
===
=
⋅===→=
−
Modelo 2004. Problema 1B.- Una partícula de 5 g de masa se mueve con un movimiento armónico de
6 cm de amplitud a lo largo del eje X. En el instante inicial (t=0) su elongación es de 3 cm y el sentido del
desplazamiento hacia el extremo positivo. Un segundo más tarde su elongación es de 6 cm por primera
vez. Determine:
a) La fase inicial y la frecuencia del movimiento.
b) La función matemática que representa la elongación en función del tiempo, x = x(t).
c) Los valores máximos de la velocidad y de la aceleración de la partícula, así como las posiciones
donde los alcanzan.
d) La fuerza que actúa sobre la partícula en t = 1 s y su energía mecánica.
Solución.
a. La ecuación general de un M.A.S es:
( ) ( )otcosAtx ϕ+ω⋅=
Para calcular la fase inicial, utilizamos las condiciones iniciales del movimiento:
m103)0(x 2−×=
sustituyendo en la ecuación general:
( )o2 0cosA103)0(x ϕ+⋅ω⋅=×= −
Teniendo en cuenta que la amplitud(A) vale 6×10−2
3×10−2
= 6×10−2
· cos ϕo
3
2
1 cos oo
π=ϕ=ϕ
b. Utilizamos la segunda condición y conocido el desfase inicial se puede calcular la velocidad
angular:
30
( ) ( )3
cos106m1061x 22 π+ω⋅×=×= −−
despejando
( ) ( )s
rad3
5 2
3 1
3cos
π=ωπ=π+ω=π+ω
Conocida la velocidad angular(ω), el desfase inicial(ϕo) y la amplitud(A) la ecuación que
representa la elongación en función del tiempo(x(t)) es:
( )
π+π
⋅×= −
3t
3
5cos106tx
2
c. Derivando la expresión anterior se obtiene la expresión de la velocidad en función del tiempo:
( ) ( )
π+ππ
−== −
3t
3
5sen
3
5·10·6
dt
t xdtV
2
Cuyo valor máximo se produce cuando:
13
t3
5sen =
π+π
y por tanto la velocidad máxima es:
10VMAX
π=
Esta velocidad máxima se alcanza en x = 0 (ya que en este punto, la energía cinética es máxima, y por
tanto la velocidad.)
La aceleración de un M.A.S. viene expresada por:
xa 2ω−=
Por lo que, su valor máximo se alcanza cuando x llega a un valor máximo, Aa ±= , en los extremos del oscilador.
22
2
MAX sm65'1a 10·6·
3
5a =
π= −
d. La fuerza que actúa sobre la partícula en t = 1, cuando x = A, sigue la ley de Hooke:
-k·AF kxF =−=
Donde 2mk ω= es la constante de oscilación, y el signo (−) indica que la fuerza siempre actúa
en sentido contrario a la elongación.
Calculando k:
N10·22'8Fy m
N0'14k 3
5·kg005'0k
42
−==
π=
Puesto que el M.A.S. se produce debido a una fuerza conservativa (solo depende de la posición),
la energía total o mecánica del sistema se mantiene constante en todo el movimiento y su valor es:
2m Ak
2
1E ⋅=
Sustituyendo valores:
J10523'2E 4m
−⋅=
31
Junio 2003. Problema 1B. Un bloque de 50 g, conectado a un muelle de constante elástica 35 N/m,
oscila en una superficie horizontal sin rozamiento con una amplitud de 4 cm. Cuando el bloque se
encuentra a 1 cm de posición de equilibrio, calcule:
a) La fuerza ejercida sobre el bloque.
b) La aceleración del bloque.
c) La energía potencial elástica del sistema.
d) La velocidad del bloque.
Solución.
a. F = −K · x = −35 N/m · 0’01 m = −0’35 N. El signo indica que la fuerza va hacia la posición de
equilibrio.
b. Aplicando el segundo principio de la dinámica:
2
3sm 7
Kg 1050
N 35'0
m
Fa : amF −=
×
−==⋅=
−
El signo al igual que antes indica el sentido del vector
c. ( ) J 1075'101'0352
1xK
2
1E
322p
−×=⋅⋅=⋅=
d. La velocidad se calcula a partir de la energía cinética.
( )222c xAK
2
1vm
2
1E −⋅⋅=⋅⋅=
despejando v de la segunda igualdad
( ) ( )sm 02'1
1050
01'004'035
m
xAKv
3
2222
=×
−⋅=
−⋅=
−
Junio 2002. Problema 1B. Una masa de 2 kg está unida a un muelle horizontal cuya constante
recuperadora es k = 10 N/m. El muelle se comprime 5 cm desde la posición de equilibrio (x = 0) y se deja
en libertad. Determine:
a) La expresión de la posición y la masa en función del tiempo, x = x(t).
b) Los modulo de la velocidad y de la aceleración de la masa en un punto situado a 2 cm de la
posición de equilibrio.
c) La fuerza recuperadora cuando la masa se encuentra en los extremos de la trayectoria.
d) La energía mecánica del sistema oscilante.
Nota: Considere que los desplazamientos respecto a la posición del equilibrio son positivos cuando el
muelle está estirado.
Solución. a. x = x (t)
La amplitud del movimiento es A = 0’05 m. La ecuación general del M.A.S que describe la
masa es:
32
( ) ( )o· tω cos Atx +=
de esta expresión, queda por hallar la velocidad angular(ω) y la fase inicial oϕ :
Conocidas la masa(m) y la constante(k) del muelle:
srad5ω 2
10ω
m
kω ===
sustituyendo en la expresión del M.A.S.
( )ot·5 cos05'0)t(x +⋅=
Aplicando la ecuación al momento inicial, y teniendo en cuenta que x (t = 0) = −A:
( ) rad 1 cos cos05'005'00x ooo π=ϕ−=ϕϕ=−=
Por tanto, la expresión para el movimiento de la partícula queda de la siguiente forma:
( ) ( )πt5cos05'0tx +=
b. Si .cm2x = , los módulos de la velocidad y la aceleración se calcula teniendo en cuenta:
( )
=⋅== 2
22
sm1'002'05a x·ωa
Teniendo en cuenta que
( ) ( ) ( )s
m1025'0v 02'005'0·5V xAωv2222 =−=−⋅=
c. La fuerza recuperadora, en módulo, es:
kxF −= (se opone siempre a la elongación del movil)
para los extremos de oscilación x = ± A
( )
−==−⋅−=
=−=⋅−=−=
A xpara 0'5NF 0'0510F
A xpara 0'5NF 0'0510F:A·kF
d. La energía mecánica del sistema oscilante viene expresada por:
2m A·k
2
1E =
sustituyendo por los datos del problema
( ) J 0'0125E 05'0·10·2
1E m
2m ==
Modelo 2002. Problema 1B.- Un cuerpo de 200 g unido a un resorte horizontal oscila, sin rozamiento,
sobre una mesa, a lo largo del eje de las X, con una frecuencia angular ω = 8,0 rad/s. En el instante t = 0,
el alargamiento del resorte es de 4 cm respecto de la posición de equilibrio y el cuerpo lleva en ese
instante una velocidad de -20 cm/s. Determine:
a) La amplitud y la fase inicial del movimiento armónico simple realizado por el cuerpo.
b) La constante elástica del resorte y la energía mecánica del sistema.
Solución. a. La posición y la velocidad de un movimiento armónico simple vienen dadas por las expresiones:
( )oφ tωsen Ax +=
( )oφt ωcosωAdt
dxv +==
Para t = 0: ( )
( )
+⋅=×−
+⋅=×−
−
o2
o2
φ0ωcosωA1020
φ0ωsen A104 :
×−=
×=−
−
2o
2o
1020φcosωA
104φsen A
Comparando ambas expresiones se obtiene la fase inicial
2
2
o1020
104φ tg
ω
1−
−
×−
×= :
=
=−=−=
rad 3,5φ
rad 1,2φ:
5
8
5
ωφ tg
o
oo
33
Para discernir cual de los desfases corresponde al movimiento propuesto se estudian los signos
de la posición y de la velocidad inicial para cada desfase.
<=
>==
01,2cosωAv
02,1sen Ax:rad 1,2φo ;
=
<==
30,5cosωAv
05,3sen Ax:rad 3,5φo
El desfase inicial es rad 1,2φo =
Conocido el desfase inicial se calcula la amplitud.
2o 104φsen A −×= ; m 046,0
1,2sen
104
φsen
104A
2
o
2
=×
=×
=−−
b. La constante elástica del muelle se saca combinando la 2ª ley de Newton y la ley de Hooke.
1222
m N 8,1282,0ω mK:KxF
xωmmaF −=⋅==
−=
−==
J 0135,0046,08,122
1AK
2
1E
22m =⋅⋅=⋅=
Septiembre 2001. Cuestión 2.- Una partícula efectúa un movimiento armónico simple cuyo período
es igual a 1 s. Sabiendo que en el instante t = 0 su elongación es 0’70 cm y su velocidad 4,39 cm/s,
calcule:
a. La amplitud y la fase inicial
b. La máxima aceleración de la partícula.
Solución.
a. T = 1s ⇒ 1
s rad π21
π2
T
π2ω
−===
La posición de una partícula que realiza un movimiento armónico simple viene descrita por la
expresión:
( ) ( )oφt ω sen Atx += ⇒ ( ) ( ) oo φ sen Aφ0ω sen A0x =+⋅=
La velocidad de un M.A.S es la derivada de la posición respecto del tiempo:
( ) ( ) ( )[ ] ( )oo φt ωcosωAφt ω sendt
dA
dt
tx dtv +=+=== ⇒ ( ) ( ) oo φcosωAφ0ωcosωA0v =+⋅=
Dividiendo la posición y la velocidad, se despeja el desfase inicial.
( )( ) o
o
oφ tg
ω
1
φ sco ωA
φ sen A
0v
0x== ⇒
( )( )
rad4
π1 arctg
1039,4
1070,0π2arctg
0v
0xωarctgφ
2
2
o =≈×
×⋅=
⋅=
−
−
Conocido el desfase inicial se calcula la amplitud.
( ) oφ sen A0x = ⇒ ( )
m109,9
4
πsen
1070,0
φ sen
0xA 3
2
o
−−
×=×
==
b. ( ) ( ) ( )[ ] ( )o2
o φt ωsen ωAφt ω cosωAdt
d
dt
tv dta +−=+==
El valor máximo de la aceleración será cuando la parte trigonométrica de la expresión valga ±1.
( ) 2232máx s m 39,0)π2109,9ωAa −− =⋅×==
Junio 2001. Cuestión 2. Un muelle cuya constante de elasticidad es k está unido a una masa puntual
de valor m. Separando la masa de la posición de equilibrio el sistema comienza a oscilar. Determine:
a) El valor del período de las oscilaciones T y su frecuencia angular ω.
b) Las expresiones de las energías cinética, potencial y total en función de la amplitud y de la
elongación del movimiento del sistema oscilante.
Solución.
34
a. La masa oscila realizando un M. A. S. De ecuación:
( ) ( )oφtωcosAtx +=
La frecuencia del movimiento viene dada por:
m
kω =
La relación entre ω y T es:
T
π2ω =
por tanto:
seg π2·k
mT
mk
π2T
ω
π2T ===
b. La Energía cinética viene expresada por 2
c mv2
1E =
Si la posición de la masa viene expresada por
( ) ( )oφtωcosAtx +=
derivando se obtiene la expresión de la velocidad de la partícula
( ) ( ) ( )oφtωsenωAdx
t xd tv +−=
con estas expresiones se plantea el sistema:
( ) ( )( ) ( )
+=
+−=
o
o
φtωcosAtx -2-
φtωsenωAtv -1-
Si operamos con las ecuaciones (1) y (2) de la posición y la velocidad:
( )
( )
+=
+=
o222
o22
2
2
φtωcosAx
φtωsenAω
v
sumando estas ecuaciones y sacando factor común en el segundo miembro de A2
22
2
2
Axω
v=+
( )222222
2
2
xAω v xAω
v−=−=
por tanto, la energía cinética es:
( )222c xAωm
2
1E −=
La energía Potencial viene expresada por:
2kx
2
1Ep =
Energía total es la suma de ambas: pcT EEE +=
( ) 22222T xωm
2
1xAωm
2
1E +−=
2T
22T kA
2
1E Aωm
2
1E ==
Septiembre 2000. Problema 1B.- Un oscilador armónico constituido por un muelle de masa
despreciable, y una masa en el extremo de valor 40 g, tiene un periodo de oscilación de 2 s.
a) ¿Cuál debe ser la masa de un segundo oscilador, construido con un muelle idéntico al primero,
para que la frecuencia de oscilación se duplique?
b) Si la amplitud de las oscilaciones en ambos osciladores es 10 cm, ¿cuánto vale, en cada caso, la
máxima energía potencial del oscilador y la máxima velocidad alcanzada por su masa?
35
Solución.
a. Si el periodo es T = 2 s, la frecuencia es Hz 5'02
1
T
1===ν y la velocidad angular
es ω = 2π · ν, sustituyendo, s
radπ=ω
Con estos datos se puede hallar la constante del muelle:
( )m
N 4'0s
rad kg 4'0mk 222 π=π⋅=ω⋅=
La masa del segundo oscilador m’ debe duplicar la frecuencia:
Hz12
12' 2' =⋅=νν=ν
al duplicar la frecuencia, también se duplica la velocidad angular
srad2π=ω
Si se despeja la masa en la ecuación de la constante(k es una característica del muelle, y por tanto
constante)
( )0'1kgm
2
0'4m
km ·mk
2
2
2
2 =π
π=
ω=ω=
b. Si la amplitud de los dos osciladores es la misma, su energía potencial máxima también lo es, ya
que:
2mecp A·k
2
1EE
máx==
y su valor por tanto es:
( ) J 0197'01'0·4'02
1E
22pmáx
=π=
La máxima velocidad alcanzada por la masa, dependerá del máximo valor alcanzado por la energía
mecánica
2máxcmecp
2vm
2
1EEEAk
2
1máxmáxmáx
⋅====⋅
puesto que la máxcE , es igual a la energía mecánica máxima
2máxvm
2
10197'0 ⋅=
para el primer oscilador: gr40m =
sm 993'0
040'0
0197'02
m
E2v máxc
máx =⋅
==
para el segundo: gr10m =
sm 987'1
010'0
0197'02
'm
E2v máxc
máx =⋅
==
En un columpio de 2 metros de longitud se cuelga una masa de 2 kg. Se desplaza hasta que la
cuerda forma un ángulo de 10º con la vertical y se suelta para que empiece a oscilar. Calcular:
a) Periodo de oscilación
b) Velocidad y aceleración máxima
c) Energía mecánica
d) Ecuación del movimiento
Solución. a. Se columpio se puede considerar un péndulo simple, y el movimiento que describe un
movimiento armónico simple ya que ( )radianesθθ sen ≈ .
36
1745,0180
πº101736,0º10sen =
⋅≈=
En un péndulo simple que describe un m.a.s., se cumple:
L
g
T
π2
L
gω T
π2ω
= →==
s 84,28,9
2π2
g
Lπ2T ≈==
b. La máxima velocidad del columpio se puede hacer de dos formas diferentes:
Por energías: Teniendo en cuenta que la velocidad será máxima en el punto de equilibrio, la
energía mecánica en ese punto será únicamente cinética. Igualando la energía potencial máxima con la
energía cinética máxima se despeja la velocidad máxima.
( ) ( )máxEmáxE cp = 2máxmax mv
2
1mgh = maxmáx gh2v =
La altura máxima se puede obtener por trigonometria.
( ) ( ) sm77,0º10cos228,92θcosLLg2vmáx =⋅−⋅⋅=⋅−=
Por m.a.s. ( ) ( )oφt ω sen Atx += ( ) ( )oφtω cos ωAtv += ωAvmáx =
La amplitud se calcula por trigonometria ( )m 35,0º10 sen2θ senLA =⋅=⋅=
sm77,084,2
π235,0
T
π2AωAvmáx ≈⋅=⋅==
( )o2 φt ω senωAa +−= 2
máx ωAa −= 2
22
máx sm71,184,2
π235,0ωAa ≈
⋅==
c. ( ) ( )máxEmáxEEEE pcpcmecánica ==+=
( ) J 59,077,022
1mv
2
1máxEE
22máxcmecánica =⋅⋅===
O también:
( ) ( ) ( ) J 59,0º10cos228,92º10cosllmgmghmáxEE máxpmecánica =⋅−⋅⋅=⋅−⋅===
d. Movimiento armónico simple:
( ) ( )
+⋅=
+⋅=+⋅= ooo φt
2,84
π2 sen35,0φt
T
π2 senAφt ω senAtx
El desfase inicial se calcula teniendo en cuenta que el columpio se suelta desde la posición más
elevada, y por tanto, ( ) A0x =
( ) ( )oφ0ω senAA0x +⋅⋅== 1φ sen o = rad2
πφo =
( )
+⋅=
2
πt ,212 sen35,0tx