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Tema 4: Respuesta en frecuencia de los amplificadores

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Tema 4:Respuesta en frecuencia de los amplificadores

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Introducción

1 IntroducciónMotivaciónObjetivosRevisiónModelos de componentes en alta frecuencia

2 Herramientas de análisis

3 Respuesta en frecuencia del amplificador en emisor común

4 Respuesta en frecuencia del colector común y base común

5 Respuesta en frecuencia de los amplificadores con FETs

6 Respuesta en frecuencia de los amplificadores multietapa

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Introducción

Motivación

Las ganancias de los amplificadores calculadas en el tema anterior sólo sonválidas en un cierto rango de frecuencias:

Los condensadores de acoplamiento entre etapas y desacoplo deresistencias afectan la respuesta del amplificador a bajas frecuencias.

A altas frecuencias se manifiestan los efectos de las capacidades parásitasde los transistores.

Necesitamos un método para calcular/diseñar el rango de frecuencias en que laganancia es constante.

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Introducción

Objetivos

Conocer los modelos de los transistores que tienen en cuenta los efectos delas capacidades parásitas a altas frecuencias.

Describir la dependencia general con la frecuencia de la ganancia de unamplificador y las causas que la motivan.

Aprender los métodos para calcular, o diseñar, la frecuencia de corte inferiorde los amplificadores.

Aprender los métodos para calcular la frecuencia de corte superior de losamplificadores.

Conocer métodos para modificar la frecuencia de corte superior.

Comprender el efecto Miller y sus consecuencias en los amplificadores enconfiguración de emisor y fuente común.

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Introducción

Revisión

Función de transferencia

T(s) =Vo(s)

Vi(s)= Ksq

(s− z1)(s− z2) · · · (s− zn)

(s− p1)(s− p2) · · · (s− pm)

z1, . . . ,zn: ceros de la función de transferenciap1, . . . ,pm: polos de la función de transferencia

Para señales senoidales en régimen permanente:

s = jω ⇒ T(jω) = K0(jω)q(1− jω/z1) · · · (1− jω/zn)

(1− jω/p1) · · · (1− jω/pm)=

T(jω)

ejθ(ω)

T(jω)

dB = 20 log |K0|+ 20q log |jω|+n∑

i=1

20 log

1− jω

zi

−m∑

k=1

20 log

1− jω

pk

Diagrama de BodeEs una representación asintótica de |T(jω)| y de la fase.

Cada cero introduce una variación en la pendiente de |T(jω)| de +20dB/dec.

Cada polo introduce una variación en la pendiente de |T(jω)| de −20dB/dec.

sq introduce q ceros en el origen.

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Introducción

Revisión

Función de transferencia

T(s) =Vo(s)

Vi(s)= Ksq

(s− z1)(s− z2) · · · (s− zn)

(s− p1)(s− p2) · · · (s− pm)

z1, . . . ,zn: ceros de la función de transferenciap1, . . . ,pm: polos de la función de transferencia

Para señales senoidales en régimen permanente:

s = jω ⇒ T(jω) = K0(jω)q(1− jω/z1) · · · (1− jω/zn)

(1− jω/p1) · · · (1− jω/pm)=

T(jω)

ejθ(ω)

T(jω)

dB = 20 log |K0|+ 20q log |jω|+n∑

i=1

20 log

1− jω

zi

−m∑

k=1

20 log

1− jω

pk

Diagrama de BodeEs una representación asintótica de |T(jω)| y de la fase.

Cada cero introduce una variación en la pendiente de |T(jω)| de +20dB/dec.

Cada polo introduce una variación en la pendiente de |T(jω)| de −20dB/dec.

sq introduce q ceros en el origen.

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Introducción

Revisión

EjemplosFunción de paso bajo de 1er orden

-20dB/dec

3dB

ωH ω(log)

|A(jω)|dB0

A(jω) =1

1 + jω/ωH

|A(jω)|dB = −20 log

1 +jω

ωH

Función de paso alto de 1er orden

20dB

/dec

3dB

ωL ω(log)

|A(jω)|dB0

A(jω) =jω/ωL

1 + jω/ωL

|A(jω)|dB = 20 log

ωL

−20 log

1+jω

ωL

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Introducción

Modelos de componentes en alta frecuencia

Modelo del diodo en alta frecuencia

VD+ −

ID

Cd

Cj

rd

Cj: capacidad de transiciónCd: capacidad de difusión

Cj =

Cj0

(1− VD/V0)mjen inversa

≈ 2Cj0 en directaCd = τF

ID

VTen directa

Cj0: Capacidad de la unión sin polarizar.V0: Potencial de la unión.mj: Coeficiente de perfil de dopado.τF: Tiempo de tránsito.

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Introducción

Modelos de componentes en alta frecuencia

Modelo del BJT en alta frecuencia

C

E

B

Modelo Π

rπ ro

rb

gmvπCπ

B

E

C+

Cπ = Cje +Cd ≈ 2Cje0 + gmτF

Cμ =Cμ0

(1− VBC/V0)mjc(npn)

en activa directa

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Introducción

Modelos de componentes en alta frecuencia

Frecuencia de transiciónEs la frecuencia para la que eltransistor alcanza una gananciaunidad (β = 1) debido a los efec-tos de las capacidades internas.

ωT =gm

Cπ +Cμ

El modelo Π es una buena aproximación hasta frecuencias ω ≈ 0,2ωT .

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Introducción

Modelos de componentes en alta frecuencia

Modelo del FET en alta frecuencia

D

S

G rogmvgsCgs

Cgd

G

S

D+

vgs

MOSFET

Cgs =2

3

εoxWL

tox+Col

Cgd = Col

JFET

Cgs =Cgs0

(1− VGS/V0)mj(canal n)

Cgd =Cgd0

(1− VGD/V0)mj(canal n)

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Introducción

Modelos de componentes en alta frecuencia

Frecuencia de transición

ωT =gm

Cgs +Cgd

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Herramientas de análisis

1 Introducción

2 Herramientas de análisisFunción de transferencia de un amplificadorCálculo de ωL y ωH a partir de A(s)Método del cortocircuitoMétodo del circuito abiertoTeorema de MillerCriterios de diseño a bajas frecuencias

3 Respuesta en frecuencia del amplificador en emisor común

4 Respuesta en frecuencia del colector común y base común

5 Respuesta en frecuencia de los amplificadores con FETs

6 Respuesta en frecuencia de los amplificadores multietapa

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Herramientas de análisis

Función de transferencia de un amplificador

|FL(jω

)AM| |F

H (jω)A

M |

ωL ωH ω(log)

|A(jω)|dB|AM|

3dB 3dB

BW

Bajas fre-cuencias

Frecuenciasmedias

Altas fre-cuencias

A(s) =Vo(s)

Vi(s)= FL(s)AMFH(s)

ωL: frecuencia de corte inferiorωH: frecuencia de corte superiorBW = ωH − ωL: ancho de banda

FL(s) =(s+ωZ1)(s+ωZ2) · · · (s+ωZn)

(s+ωP1)(s+ωP2) · · · (s+ωPn)

FH(s) =(1 + s/ωZ1)(1 + s/ωZ2) · · · (1 + s/ωZm)

(1 + s/ωP1)(1 + s/ωP2) · · · (1 + s/ωPm)

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Herramientas de análisis

Si los ceros y los polos pueden determinarse fácilmente

Frecuencia de corte inferior ωL

Si existe un polo dominante en FL(s)

3dB

ωL ≈ ωP1ωP2ωZ1

|A(jω)|dB

ω(log)

ωP1 ωP2, . . . ωPn,ωZ1, . . . ,ωZn

⇒ FL(s) ≈s

s+ωP1, ωL ≈ ωP1

Si no existe un polo dominante

3dB

ωP1ωP2ωZ1

ωL

|A(jω)|dB

ω(log)

ωP1 ∼ ωP2, . . . ωPn,ωZ1, . . . ,ωZn

⇒ ωL 6= ωP1

ωL ≈Ç

ω2P1 + · · ·+ω2

Pn − 2(ω2Z1 + · · ·+ωZn)

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Herramientas de análisis

Si los ceros y los polos pueden determinarse fácilmente

Frecuencia de corte superior ωH

Si existe un polo dominante en FH(s)

3dB

|A(jω)|dB

ωH ≈ ωP1 ωP2ωZ1 ω(log)

ωP1 ωP2, . . . ωPm,ωZ1, . . . ,ωZm

⇒ FH(s) ≈1

1 + s/ωP1, ωH ≈ ωP1

Si no existe un polo dominante

3dB

|A(jω)|dB

ωP1ωP2 ωZ1

ωH

ω(log)

ωP1 ∼ ωP2, . . . ωPm,ωZ1, . . . ,ωZm

⇒ ωH 6= ωP1

ωH ≈1

Ç

ω−2P1 + · · ·+ω−2

Pm − 2(ω−2Z1 + · · ·+ω−2

Zm)

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Herramientas de análisis

Si los ceros y los polos no pueden determinarse fácilmente

Frecuencia de corte inferior ωL:

FL(s) =sn + d1sn−1 + d2sn−2 + · · ·

sn + e1sn−1 + e2sn−2 + · · ·con:

e1 =n∑

i=0

1

τi=

n∑

i=0

1

CiRCi

Si existe un polo dominante:

ωL ≈ ωP1 ≈ e1 =∑

i

1

CiRCi

donde:

τi: constante de tiempo del condensador Ci.

Ci: capacidades que filtran las bajas frecuencias.

RCi : resistencia que ve el condensador Ci con:El resto de condensadores que filtran las bajas frecuenciascortocircuitados.Los condensadores que filtran las altas frecuencias en abierto.Las fuentes independientes anuladas.

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Herramientas de análisis

Si los ceros y los polos no pueden determinarse fácilmente

Frecuencia de corte superior ωH:

FH(s) =1 + a1s+ a2s2 + · · ·

1 + b1s+ b2s2 + · · ·con:

b1 =m∑

i=0

τi =m∑

i=0

CiRCi

Si existe un polo dominante:

ωH ≈ ωP1 ≈1

b1=

1∑

iCiRCi

donde:

τi: constante de tiempo del condensador Ci.

Ci: capacidades que filtran las altas frecuencias.

RCi : resistencia que ve el condensador Ci con:El resto de condensadores que filtran las altas frecuencias en abierto.Los condensadores que filtran las bajas frecuencias en cortocircuito.Las fuentes independientes anuladas.

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Herramientas de análisis

Teorema de Miller

Podemos transformar el siguienteamplificador con ganancia AM:

AM

+

vi

+

vo

Yi1 i2

En este otro:

AM

+

vi

+

voY1 Y2i1 i2

En el primer amplificador:

i1 = (vi − vo)Y = (1− AM)Yvi

i2 = (vo − vi)Y = (1− 1/AM)Yvo

En el segundo amplificador:

i1 = viY1

i2 = voY2

Los dos circuitos son equivalentes sise cumple:

Y1 = (1− AM)Y ≈ −AMYY2 = (1− 1/AM)Y ≈ Y

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Herramientas de análisis

Diseño de los condensadores de acoplamiento y desacoplo

Una vez decidida la frecuencia de corte inferior, ωL:

1 Calcular la resistencia, Ri, asociada a cada condensador, Ci.

2 Ordenar las resistencias de menor a mayor:

RC1 < RC2 < · · · < RCn

3 Aproximar el polo dominante a C1:

ωL ≈ ωC1 =1

τC1

=1

RC1C1⇒ C1 =

1

ωLRC1

4 Alejar los polos del resto de condensadores del polo dominante, ωL:

ωC2 =ωL

10⇒ C2 =

10

ωLRC2

ωC3 =ωL

20⇒ C3 =

20

ωLRC3

...

ωCn =ωL

20⇒ Cn =

20

ωLRCn

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Respuesta en frecuencia del amplificador en emisor común

1 Introducción

2 Herramientas de análisis

3 Respuesta en frecuencia del amplificador en emisor comúnRespuesta a bajas frecuenciasRespuesta a altas frecuenciasEjemplo de diseño

4 Respuesta en frecuencia del colector común y base común

5 Respuesta en frecuencia de los amplificadores con FETs

6 Respuesta en frecuencia de los amplificadores multietapa

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Respuesta en frecuencia del amplificador en emisor común

R2

R1

RE CE

RC

VCC

Q1

C2 vo

RLC1

virs

vs

A frecuencias medias:

AV(s) = AM = −gm(RC‖RL)

C1, C2, CE: cortocircuitos(capacidades grandes)

Cπ, Cμ: abiertos(capacidades pequeñas)

Influencia de cada condensador sobre la ganancia para ω = 0 y ω→∞C1, C2 CE Cπ Cμ

|AV(jω)|ω=0 0 RC‖RL

RE< AM AM AM

|AV(jω)|ω→∞ AM AM 0 1 < AM

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Respuesta en frecuencia del amplificador en emisor común

Cálculo de ωL

Circuito de pequeña señal a frecuencias bajasCapacidades internas del transistor, Cπ y Cμ, en abierto.

vs

rs C1

RB = R1‖R2

rπ βib

RE CE

RC

C2

RL

ib

Función de transferencia

Vo(jω)

Vi(jω)= −gm(RC‖RL)

RB

h

rπ +(β+1)RE

1+jωRECE

i

RB

h

rπ +(β+1)RE

1+jωRECE

i

+ rs + 1jωC1

·rπ

rπ +(β+1)RE

1+jωRECE

·jω

jω+ 1(RC+RL)C2

¡Aplicaremos el método del cortocircuito!

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Respuesta en frecuencia del amplificador en emisor común

Cálculo de ωL

Circuito de pequeña señal a frecuencias bajasCapacidades internas del transistor, Cπ y Cμ, en abierto.

vs

rs C1

RB = R1‖R2

rπ βib

RE CE

RC

C2

RL

ib

Función de transferencia

Vo(jω)

Vi(jω)= −gm(RC‖RL)

RB

h

rπ +(β+1)RE

1+jωRECE

i

RB

h

rπ +(β+1)RE

1+jωRECE

i

+ rs + 1jωC1

·rπ

rπ +(β+1)RE

1+jωRECE

·jω

jω+ 1(RC+RL)C2

¡Aplicaremos el método del cortocircuito!

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Respuesta en frecuencia del amplificador en emisor común

Cálculo de ωL

Método del cortocircuitoCálculo de la resistencia que ve C1:

Cortocircuitamos vs, C2 y CE.

Sustituimos C1 por una fuente de test VX.

RC1 = VX/ IX

vs

rs C1

RB

rπ βib

RE CE

RC

C2

RL

ib

VX

rs RB rπ

IX

RC1 =VX

IX= rs +RB‖rπ

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Respuesta en frecuencia del amplificador en emisor común

Cálculo de ωL

Cálculo de la resistencia que ve C2:

Cortocircuitamos vs, C1 y CE.

Sustituimos C2 por una fuente de test VX.

RC2 = VX/ IX

vs

rs C1

RB

rπ βib

RE CE

RC

C2

RL

ib

βib RC RL

VX IX

RC2 =VX

IX= RC +RL

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Respuesta en frecuencia del amplificador en emisor común

Cálculo de ωL

Idéntico proceso para CE:

vs

rs C1

RB

rπ βib

RE CE

RC

C2

RL

ib

rs‖RB

RE

VX

βib

IX

ib

IX + βib + ib =VX

REVX = −ib(rπ + rs‖RB)

⇒ RCE =VX

IX= RE

rπ + rs‖RBβ+ 1

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Respuesta en frecuencia del amplificador en emisor común

Cálculo de ωL

Constantes de tiempo

τC1 = RC1C1 = (rs +RB‖rπ)C1

τC2 = RC2C2 = (RC +RL)C2

τCE = RCECE =

RE

rπ + rs‖RBβ+ 1

CE

Frecuencia de corte inferior

ωL ≈1

τC1

+1

τC2

+1

τCE

RC2 > RC1 > RCE ⇒ CE introduce el polo dominante

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Respuesta en frecuencia del amplificador en emisor común

Cálculo de ωL

Influencia de los ceros

Ceros de C1 y C2:C1 y C2 introducen un cero a frecuencia ω = 0 ya que |A(jω = 0)| = 0.Los ceros están alejados del polo dominante.

Cero de CE:

ωZ ωP ω

|A(jω)|

|AH|

|AL|

|AH| = gm(RC‖RL)

|AL| =RC‖RL

g−1m

+RE

ωP

ωZ=|AH|

|AL|⇒ ωZ =

ωP

1 + gmRE

Para valores típicos de RE el cero se encuentra suficientemente alejado delpolo.

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Respuesta en frecuencia del amplificador en emisor común

Cálculo de ωH

Circuito de pequeña señal a frecuencias altasCondensadores de acoplamiento, C1 y C2, y desacoplo CE en cortocircuito.Cμ conecta la salida con la entrada ⇒ se espera efecto Miller.

vs

rs

RB

rb

Cπ rπ

gmvπ RC RL

+

Aplicamos el método del circuito abierto.

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Respuesta en frecuencia del amplificador en emisor común

Cálculo de ωH

Método del circuito abiertoCálculo de la resistencia que ve Cπ:

Cortocircuitamos vs.

Dejamos en abierto Cμ.

Sustituimos Cπ por una fuente de test VX.

RCπ = VX/ IX

vs

rs

RB

rb

Cπ rπ

gmvπ RC RL

+

vπrs‖RB

rb

VX rπIX

RCπ =VX

IX= rπ‖(rb + rs‖RB)

rb influye en RCπ si rs es pequeña.

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Respuesta en frecuencia del amplificador en emisor común

Cálculo de ωH

Idéntico proceso para Cμ:

vs

rs

RB

rb

Cπ rπ

gmvπ RC RL

+

VX

RCπ gmvπ RC‖RL

IX IX + gmvπ

+

VX = IXRCπ + (IX + gmvπ)(RC‖RL)

= IXRCπ + (IX + gmIXRCπ )(RC‖RL)

RCμ =VX

IX= RC‖RL +RCπ [1 + gm(RC‖RL)]

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Respuesta en frecuencia del amplificador en emisor común

Cálculo de ωH

Constantes de tiempo¨

τCπ = RCπCπ = [rπ‖(rb + rs‖RB)]Cπ

τCμ = RCμCμ =

RC‖RL +RCπ [1 + gm(RC‖RL)]

Frecuencia de corte superior

ωH ≈1

τCπ + τCμ

RCμ > RCπ ⇒ Cμ introduce el polo dominante

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Respuesta en frecuencia del amplificador en emisor común

Cálculo de ωH

Influencia de los ceros

Cero de Cπ:Cπ introduce un cero a frecuencia ω = ∞ ya que |A(jω = ∞)| = 0.El cero está alejado del polo dominante.

Cero de Cμ:

ωP ωZ ω

|A(jω)|

|AL|

|AH|

|AL| = gm(RC‖RL)

|AH| = 1

ωZ

ωP=|AH|

|AL|⇒ ωZ = gm(RC‖RL)ωP

Para ganancias grandes el cero se encuentra alejado del polo.

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Respuesta en frecuencia del amplificador en emisor común

Cálculo de ωH

Efecto Miller en la configuración en emisor comúnLa capacidad Cμ conecta la salida con la entrada:

vs

rs

RB

rb

Cπ rπ

gmvπ RC RL

+

vs

rs

RB

rb

Cπ Cμ1 rπ gmvπ Cμ2 RC‖RL

+

Cμ1 ≈ −AMCμ = gm(RC‖RL)Cμ

Cμ2 ≈ Cμ

AM ↑ ⇒ Cμ1 ↑ ⇒ ωH ↓

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Respuesta en frecuencia del amplificador en emisor común

Cálculo de ωH

Reducción de la frecuencia de corte superior

En ocasiones conviene reducir el ancho de banda.

Los condensadores que limitan las bajas frecuencias son componentesmodificables.

La frecuencia de corte superior viene impuesta por las capacidades internasdel transistor, fijas.

Es posible reducir ωH poniendo un condensador externo en paralelo con Cμ:

R2

R1

RE CE

RC

VCC

Q1

C2 vo

RLC1

virs

vs

CX

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Respuesta en frecuencia del amplificador en emisor común

Ejemplo de diseño

Calcular el valor de las capacidades para obtener una frecuencia de corteinferior fL = 150Hz y una frecuencia de corte superior fH = 250KHz:

4,3KΩ

7KΩ

330Ω CE

5KΩ

VCC

Q1

C2 vo

5KΩC1

vi200Ω

vs

CX

β=80gm = 57,14 mA/Vrπ=1,4 KΩrb=50ΩCπ = 15pFCμ = 1pF

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Respuesta en frecuencia del amplificador en emisor común

Ejemplo de diseño

Cálculo de C1, C2 y CE

Aplicamos las ecuaciones anteriores para calcular RC1 , RC2 y RCE :

RC1 = rs +R1‖R2‖rπ = 200Ω + 7KΩ‖4,3KΩ‖1,4KΩ = 1,12KΩ

RC2 = RC +RL = 5KΩ + KΩ = 10KΩ

RCE = RE

rπ + rs‖R1‖R2

β+ 1= 330Ω

1,4KΩ + 200Ω‖7KΩ‖4,3KΩ

1 + 80= 18,48Ω

RCE < RC1 < RC2

Escogemos el condensador que ve la menor resistencia para introducir elpolo dominante:

CE =1

ωLRCE

=1

2πfLRCE

=1

2π 150Hz 18,48Ω= 57,4μF

Fijamos el resto de capacidades para que la frecuencia asociada seencuentre lejos del polo dominante:

C1 =10

ωLRC1

=10

2πfLRC1

=10

2π 150Hz 1,12KΩ= 9,5μF

C2 =20

ωLRC2

=20

2πfLRC2

=20

2π 150Hz 10KΩ= 2,1μF

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Respuesta en frecuencia del amplificador en emisor común

Ejemplo de diseño

Cálculo de C1, C2 y CE

Aplicamos las ecuaciones anteriores para calcular RC1 , RC2 y RCE :

RC1 = rs +R1‖R2‖rπ = 200Ω + 7KΩ‖4,3KΩ‖1,4KΩ = 1,12KΩ

RC2 = RC +RL = 5KΩ + KΩ = 10KΩ

RCE = RE

rπ + rs‖R1‖R2

β+ 1= 330Ω

1,4KΩ + 200Ω‖7KΩ‖4,3KΩ

1 + 80= 18,48Ω

RCE < RC1 < RC2

Escogemos el condensador que ve la menor resistencia para introducir elpolo dominante:

CE =1

ωLRCE

=1

2πfLRCE

=1

2π 150Hz 18,48Ω= 57,4μF

Fijamos el resto de capacidades para que la frecuencia asociada seencuentre lejos del polo dominante:

C1 =10

ωLRC1

=10

2πfLRC1

=10

2π 150Hz 1,12KΩ= 9,5μF

C2 =20

ωLRC2

=20

2πfLRC2

=20

2π 150Hz 10KΩ= 2,1μF

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Respuesta en frecuencia del amplificador en emisor común

Ejemplo de diseño

Cálculo de C1, C2 y CE

Aplicamos las ecuaciones anteriores para calcular RC1 , RC2 y RCE :

RC1 = rs +R1‖R2‖rπ = 200Ω + 7KΩ‖4,3KΩ‖1,4KΩ = 1,12KΩ

RC2 = RC +RL = 5KΩ + KΩ = 10KΩ

RCE = RE

rπ + rs‖R1‖R2

β+ 1= 330Ω

1,4KΩ + 200Ω‖7KΩ‖4,3KΩ

1 + 80= 18,48Ω

RCE < RC1 < RC2

Escogemos el condensador que ve la menor resistencia para introducir elpolo dominante:

CE =1

ωLRCE

=1

2πfLRCE

=1

2π 150Hz 18,48Ω= 57,4μF

Fijamos el resto de capacidades para que la frecuencia asociada seencuentre lejos del polo dominante:

C1 =10

ωLRC1

=10

2πfLRC1

=10

2π 150Hz 1,12KΩ= 9,5μF

C2 =20

ωLRC2

=20

2πfLRC2

=20

2π 150Hz 10KΩ= 2,1μF

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Respuesta en frecuencia del amplificador en emisor común

Ejemplo de diseño

Cálculo de CX

Comprobamos que la frecuencia de corte superior introducida por eltransistor es mayor que la exigida. Sin CX:

RCπ = rπ‖(rb + rs‖R1‖R2) = 1,4KΩ‖(50Ω + 7KΩ‖4,3KΩ) = 202Ω

RCμ = RC‖RL +RCπ [1 + gm(RC‖RL)]

= 5KΩ‖5KΩ + 202Ω [1 + 57,14mA/V(5KΩ‖5KΩ)] = 31,56KΩ

fH =ωH

2π=

1

2π(CπRCπ +CμRCμ)=

1

2π(15pF 202Ω + 1pF 31,56KΩ)= 4,6MHz

Como la frecuencia de corte superior introducida por el transistor es mayorque la exigida, podemos reducirla con un condensador CX en paralelo conCμ:

fH =ωH

2π=

1

2π(CπRCπ + (Cμ +CX)RCμ)

CX =1

2πfHRCμ−RCπ

RCμCπ − Cμ

=1

2π 250KHz 31,56KΩ−

202Ω

31,65KΩ15pF− 1pF = 19pF

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Respuesta en frecuencia del amplificador en emisor común

Ejemplo de diseño

Cálculo de CX

Comprobamos que la frecuencia de corte superior introducida por eltransistor es mayor que la exigida. Sin CX:

RCπ = rπ‖(rb + rs‖R1‖R2) = 1,4KΩ‖(50Ω + 7KΩ‖4,3KΩ) = 202Ω

RCμ = RC‖RL +RCπ [1 + gm(RC‖RL)]

= 5KΩ‖5KΩ + 202Ω [1 + 57,14mA/V(5KΩ‖5KΩ)] = 31,56KΩ

fH =ωH

2π=

1

2π(CπRCπ +CμRCμ)=

1

2π(15pF 202Ω + 1pF 31,56KΩ)= 4,6MHz

Como la frecuencia de corte superior introducida por el transistor es mayorque la exigida, podemos reducirla con un condensador CX en paralelo conCμ:

fH =ωH

2π=

1

2π(CπRCπ + (Cμ +CX)RCμ)

CX =1

2πfHRCμ−RCπ

RCμCπ − Cμ

=1

2π 250KHz 31,56KΩ−

202Ω

31,65KΩ15pF− 1pF = 19pF

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Respuesta en frecuencia del colector común y base común

1 Introducción

2 Herramientas de análisis

3 Respuesta en frecuencia del amplificador en emisor común

4 Respuesta en frecuencia del colector común y base comúnColector comúnBase común

5 Respuesta en frecuencia de los amplificadores con FETs

6 Respuesta en frecuencia de los amplificadores multietapa

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Respuesta en frecuencia del colector común y base común

Colector común

R2

R1

RE

Q1

VCC

C2 vo

RL

C1

virs

vs

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Respuesta en frecuencia del colector común y base común

Colector común

Respuesta a bajas frecuencias

vs

rs C1

RB

rπβib RE

C2

RL

ib

RC1 = rs +RB‖(rπ + (β+ 1)RE‖RL)

RC2 = RL +RE

rπ + rs‖RBβ+ 1

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Respuesta en frecuencia del colector común y base común

Colector común

Respuesta a altas frecuencias

vs

rs

RB Cμ

βib RE RL

ib

RCμ = rs‖RB‖[rπ + (β+ 1)(RE‖RL)]

RCπ = rπ

rs‖RB +RE‖RL1 + gm(RE‖RL)

No existe efecto Miller sobre Cπ por ser un amplificador de gananciaaproximadamente 1.

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Respuesta en frecuencia del colector común y base común

Base común

R2

R1

RC

RE

Q1

vs

rs

VCC

C1 vi

C3

RL

C2 vo

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Respuesta en frecuencia del colector común y base común

Base común

Respuesta a bajas frecuencias

vs

rs C1

RE

βib

RB CB

RC

C2

RL

ib

RC1 = rs +RE‖rπ‖g−1m

RC2 = RC +RL

RCB = RB‖[rπ + (β+ 1)(rs‖RE)]

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Respuesta en frecuencia del colector común y base común

Base común

Respuesta a altas frecuencias

vs

rs

RE Cπ rπ

βib

Cμ RC RLib

RCπ = rs‖RE‖rπ‖g−1m

RCμ = RC‖RL

El amplificador en base común tiene un ancho de banda mayor que elamplificador en emisor común al no haber efecto Miller.

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Respuesta en frecuencia de los amplificadores con FETs

1 Introducción

2 Herramientas de análisis

3 Respuesta en frecuencia del amplificador en emisor común

4 Respuesta en frecuencia del colector común y base común

5 Respuesta en frecuencia de los amplificadores con FETsFuente comúnDrenador comúnPuerta común

6 Respuesta en frecuencia de los amplificadores multietapa

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Respuesta en frecuencia de los amplificadores con FETs

Fuente común

R2

R1

RS CS

RD

VDD

M1

C2 vo

RLC1

virs

vs

Page 52: Tema 4: Respuesta en frecuencia de los amplificadoresumh2261.edu.umh.es/wp-content/uploads/sites/1236/2013/02/Tema4.pdf · Comprender el efecto Miller y sus consecuencias en los

Respuesta en frecuencia de los amplificadores con FETs

Fuente común

Respuesta a bajas frecuencias

vs

rs C1

RG

gmvgs

RS CS

RD

C2

RL

+

vgs

RC1 = rs +RG

RC2 = RD +RL

RCS = RS‖g−1m

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Respuesta en frecuencia de los amplificadores con FETs

Fuente común

Respuesta a altas frecuencias

vs

rs

RG Cgs

Cgd

gmvgs RD RL

+

vgs

RCgs = rs‖RGRCgd = RD‖RL + (rs‖RG) [1 + gm(RD‖RL)]

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Respuesta en frecuencia de los amplificadores con FETs

Drenador común

R2

R1

RS

M1

VDD

C2 vo

RL

C1

virs

vs

Page 55: Tema 4: Respuesta en frecuencia de los amplificadoresumh2261.edu.umh.es/wp-content/uploads/sites/1236/2013/02/Tema4.pdf · Comprender el efecto Miller y sus consecuencias en los

Respuesta en frecuencia de los amplificadores con FETs

Drenador común

Respuesta a bajas frecuencias

vs

rs C1

RG gmvgs RS

C2

RL

+ −vgs

RC1 = rs +RG

RC2 = RL +RS‖g−1m

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Respuesta en frecuencia de los amplificadores con FETs

Drenador común

Respuesta a altas frecuencias

vs

rs

RG CgdCgs

gmvgs RS RL

+ −vgs

RCgd = RS‖RG

RCgs =rs‖RG +RS‖RL1 + gm(RS‖RL)

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Respuesta en frecuencia de los amplificadores con FETs

Puerta común

R2

R1

RC

RE

M1

vs

rs

VCC

C1 vi

C3

RL

C2 vo

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Respuesta en frecuencia de los amplificadores con FETs

Puerta común

Respuesta a bajas frecuencias

vs

rs C1

RS

gmvgs

RG CG

RD

C2

RL

+

vgs

RC1 = rs +RS‖g−1m

RC2 = RD +RL

RCG = RG

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Respuesta en frecuencia de los amplificadores con FETs

Puerta común

Respuesta a altas frecuencias

vs

rs

RS Cgs

gmvgs

Cgd RD RL

+

vgs

RCgs = RS‖rs‖g−1m

RCgd = RD‖RL

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Respuesta en frecuencia de los amplificadores multietapa

1 Introducción

2 Herramientas de análisis

3 Respuesta en frecuencia del amplificador en emisor común

4 Respuesta en frecuencia del colector común y base común

5 Respuesta en frecuencia de los amplificadores con FETs

6 Respuesta en frecuencia de los amplificadores multietapaEfecto de los condensadores de acoplo entre etapasAmplificador cascodoAmplificador colector común-base comúnAmplificador colector común-emisor comúnAmplificador diferencial

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Respuesta en frecuencia de los amplificadores multietapa

Efecto de los condensadores de acoplo entre etapas

Efecto de los condensadores de acoplo entre etapas

Fuen

te

Amplificador 1 Amplificador 2

Car

ga

C1 C2 C3

rs Ri1 Ro1 Ri2 Ro2 RL

Cada condensador de acoplamiento introduce un nuevo polo en la funciónde transferencia.

ωL =1

C1(rs +Ri1)+

1

C2(Ro1 +Ri2)+

1

C3(Ro2 +RL)+ · · ·

· · ·+ (términos debidos a condensadores de desacoplo)

La frecuencia de corte inferior y superior de cada etapa puede estarmodificada por las impedancias de entrada y salida de las etapasadyacentes.

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Respuesta en frecuencia de los amplificadores multietapa

Amplificador cascodo

R1

R2

R3

RE

RC

Q1

Q2

CE

C1rs

vs

C2

C3

RL

VCC

vi

vo

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Respuesta en frecuencia de los amplificadores multietapa

Amplificador cascodo

Respuesta a altas frecuencias

rs‖R1‖R2 Cπ1 rπ1

Cμ1

βib ro1

Ri2

ib

Cπ2 rπ2

βib

Cμ2 RC‖RL

Ro1

ib

RCπ1 = rs‖R1‖R2‖rπ1

RCμ1 = g−1m2 +2(rs‖R1‖R2‖rπ1)

RCπ2 = ro1‖rπ2‖g−1m2 ≈ g−1

m2

RCμ2 = RC‖RL

La resistencia que ve Cμ1 es mucho menor que la que ve en un emisorcomún básico ⇒ El efecto Miller se atenúa y la frecuencia de corte superiores mucho mayor.

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Respuesta en frecuencia de los amplificadores multietapa

Amplificador colector común-base común

Q1 Q2

RC

rs

RL

C1

I0

vs

VDD VDD

−VDD

vi

vo

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Respuesta en frecuencia de los amplificadores multietapa

Amplificador colector común-base común

Respuesta a altas frecuencias

rs Cμ1

rπ1

Cπ1

βib RoI

Ri2

ib

RCπ1 ≈ rπ

rs + g−1m

2

RCμ1 ≈ rs‖(2rπ)

Cπ2 rπ2

βib

Cμ2 RC‖RL

Ro1

ib

RCπ2 ≈ g−1m

rs + rπ

β+ 1

RCμ2 = RC‖RL

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Respuesta en frecuencia de los amplificadores multietapa

Amplificador colector común-emisor común

vs

rs viC1

R1

R2

Q1

Q2

RE1RE2 CE

RC2C2 vo

RL

VCC

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Respuesta en frecuencia de los amplificadores multietapa

Amplificador colector común-emisor común

Respuesta a altas frecuencias

rs‖RB Cμ1

rπ1

Cπ1

βib RE1

Ri2

ib

Cπ2 rπ2

Cμ2

βib RC2‖RL

Ro2

ib

RCπ1 = rπ1

rs‖RB +RE1‖rπ2

1 + gm1(RE1‖rπ2)

RCμ1 = rs‖RB‖[rπ1+(β+1)(RE1‖rπ2)]

RCπ2 = rπ2‖RE1

rs‖RB + rπ1

β+ 1

RCμ2 = RC2‖RL +

rπ‖RE1‖ · · ·

· · ·

rs‖RB + rπ1

β+ 1

[1 + gm(RC‖RL)]

El efecto Miller sobre Cμ2 seatenúa por ser laimpedancia de salida de laprimera etapa muypequeña ⇒ El ancho debanda se incrementa.

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Respuesta en frecuencia de los amplificadores multietapa

Amplificador diferencial

Q1 Q2

RCRC

I

VCC VCC

−VCC

vi1 vi2

vo2vo1

La frecuencia de corte inferior es cero ya que no hay condensadores quefiltren las frecuencias bajas.

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Respuesta en frecuencia de los amplificadores multietapa

Amplificador diferencial

Respuesta a altas frecuencias en modo diferencial

vid/2

rb

Cπrπ

gmvπ RC

+

RCπ = rb‖rπRCμ = RC + (rb‖rπ)(1 + gmRC)

ωH =1

CπRCπ +CμRCμ