segundainstanciaexamenfinaldenumerico2012_2012121308
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7/26/2019 SegundaInstanciaExamenFinalDeNumerico2012_2012121308
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UNIVERSIDAD MAYOR DE SAN SIMONFacultad de Ciencias y Tecnologa
Departamento de MatemticasProf.: Mgr. A. Carrasco C. Fecha: 11 de diciembre de 2012
Examen 2da. Instancia de Clculo Numrico - Mesa de examen Clculo Numrico
A.Paterno/A.Materno/Nombres: ................................/................................./..........................
Carrera/ C. I. /Firma ................................/................................./..........................Recomendaciones: Lea cuidadosamente cada pregunta y justique sus respuestas. Prohibido
compartir resultados
1. (25 puntos) Aproximar con una tol. de104 las coordenadas del punto mximo de la curvay= 3exx+e2x
52.50-2.5-5
2.5
1.25
0
-1.25
x
y
x
y
2. (25 puntos) Aproximar con una tol. 104 usando la regla extendida de Simpson la siguienteintegral
4Z0
3exx+e2x
dx
3. (25 puntos) Hallar los trazadores cbicos sujetos para los datos:
x 2 4 7f(x) -1 1 -2
sujetos af0 (2) = 1 y f0 (7) = 2
4. (25 puntos) Simplicar la relacin de recurrencia usando el mtodo de Taylor orden 3 para el
siguiente problema de valor inicial y aproximar soluciones conn = 10 y0 = 2ty2 +t; 0 t 1y(0) = 0
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Solucin del Examen
1. Aproximar con una tol. de104 las coordenadas del punto mximo de la curvay = 3exx+e2x
52.50-2.5-5
2.5
1.25
0
-1.25
x
y
x
y
Solucin:
y= 3exx+e2x; y0 = 3ex 2e2x 3xex = 0;sea h(x) = 3ex 2e2x 3xexd
dx(3ex 2e2x 3xex) = 4e2x 6ex + 3xex
entonces del mtodo de Newton:
g(t) =x 3ex
2e2x
3xex
4e2x 6ex + 3xex
del grco tenemos que una solucin esta cerca de x0 = 0:5;entonces
n xn jh(xn)j1 0:52 0:63835855772 0:0153 0:65286302783 1:58 104
4 0:65301837257 1:80 108
de donde se sigue el punto mximo esP(0:653018372; 1:290525709)
2. Aproximar con una tol. 104
usando la regla extendida de Simpson la siguiente integral4Z0
3exx+e2x
dx
Solucin:
f(x) = 3exx+e2x
f0(x) = 3ex 2e2x 3xex
f00 (x) = 4e2x 6ex + 3xex
f(3) (x) = 9ex 8e2x 3xex
f(4) (x) = 16e2x 12ex + 3xex
53.752.51.250
5
3.75
2.5
1.25
0
-1.25
x
y
x
y
2
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f(4) () 4; 2 [0; 4]de donde
4
180
4
n
44 104; n 21:840966
tomamos n = 22; m= 11; h= 211 ; xi = 2i11
10Xi=1
f(x2i) =10Xi=1
f
4i
11
= 8:2237126771
11Xi=1
f(x2i1) =11Xi=1
f
4i 2
11
= 8:8866127003
entonces
4Z0
3exx+e2x
dx '
2=11
3
f(0) +f(4) + 2
10
Xi=1f(x2i) + 4
11
Xi=1f(x2i1)
!
= 2
33(1:2201231293 + 2 (8:2237126771) + 4 (8:8866127003))
= 3:2250908657
3. Hallar los trazadores cbicos sujetos para los datos:
x 2 4 7f(x) -1 1 -2
sujetos af0 (2) = 1y f0 (7) = 2Solucin:
Comoa0= 1; a1= 1; a2= 2; h0 = 2; h1= 3;se tiene el sistema:8