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PROBLEMAS DE CLCULO VECTORIAL,DE MARSDEN-TROMBA
Calcular el centro de gravedad de la superficie cerrada compuesta por la porcin deparaboloidez = x2+y2 que se encuentra debajo del planoz= 1 y la correspondiente porcin
de este plano.SOLUCIN
Por la simetra del problema, las componentes xyydel centro de gravedad son 0. Para lacomponentez, podemos escribir:
S
S
dS
zdS
z
La superficie S est constituda por una porcin de paraboloide y una porcin de plano.Llammoslas S1 y S2, respectivamente. Para identificar los lmites de ambas, observemosque al intersectarlas obtenemos x2+y2 = 1, lo cual proyectado al plano xy significa unacircunferencia de radio 1 centrada en el origen. Podemos tomar como nuestro dominio elcrculo limitado por la misma, si usamos las variables cartesianas como parmetros.
Sin embargo, aparece como evidentemente conveniente una parametrizacin deambas superficies basada en coordenadas polares.
10
20,
1);(
sen);(
cos);(
;10
20,
);(
sen);(
cos);(
2
2
1
rrz
rry
rrx
Sr
rrz
rry
rrx
S
Tendremos entonces:
21
21
SS
SS
S
S
dSdS
zdSzdS
dS
zdS
z (1)
Debemos encontrar el mdulo del producto vectorial fundamental para estas dossuperficies, y luego utilizarlo para las integrales. Tenemos:
Superficie S1:
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4sen2cos2
0cossen
2sencos
2
2422
rr
rrrrr
rr
r rr TTkji
kji
TT
Con esto podemos evaluar las integrales sobre la superficie S1explicitadas en la ecuacin(1):
123
21
125
21
2
3
22
0
1
0
2
3
22
0
1
0
2
1
1
partespor
drdrrdS
drdrrrzdS
S
S (2)
Superficie S2:
rr
rr
rr
TTkji
kji
TT 00
0cossen
0sencos
Con esto podemos evaluar las integrales sobre la superficie S2explicitadas en la ecuacin(1):
2
2
0
1
0
2
0
1
0
2
2
2
drdrdS
rdrdrzdS
S
S (3)
Reemplazando ahora los resultados de (2) y (3) en (1) tendremos:
555,09712,6
8685,3
12
3
2
212
5
2
2
3
2
3
21
21
SS
SS
S
S
dSdS
zdSzdS
dS
zdS
z
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PROBLEMAS DE CLCULO VECTORIAL,DE MARSDEN-TROMBA
Hallar el momento de inercia respecto al eje x de un alambre semicircular que tiene laformax2+y2= 1,y 0 si la densidad esf(x;y) = x+ y.
SOLUCINSe trata de una semicircunferencia centrada en el origen y que abarca el primero y elsegundo cuadrantes.
La parametrizacin natural para esta curva es:
sen
cos
y
x, 0 (1)
La funcin, por otro lado, tendr dos leyes: una en el primer cuadrante, dondeambos valores son positivos, y otra en el segundo cuadrante, donde x es negativo y y es
positivo. Esto es:
IIc);(,
Ic);(,);(
yxyx
yxyxyxf (2)
Reemplazando (1) en (2) se puede obtener una expresin para la funcin densidadexpresada en trminos del parmetro :
(3)
Ahora debemos calcular el momento de inercia del alambre descrito por la parametrizacin(1) y con una densidad representada por (3), con respecto al eje x. Recordemos que elmomento de inercia es la integral del diferencial de masa por el cuadrado de la distancia aleje de rotacin. En nuestro caso, la distancia al eje xesypara cualquier punto del plano ypodemos expresarIxcomo:
dyxyxfydsyxfydsyxfddmdIC CC
xxx )(')('))();(()();();(
22
0
2222
Es fcil comprobar que la raz cuadrada en esta ltima integral da, para la parametrizacinde nuestro problema, 1. Por lo tanto:
ddIx )sencos(sen)sen(cossen
2/
22/
0
2
2,sencos
20,sencos
))();(( yxf
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donde hemos separado el dominio en dos intervalos, puesto que la ley de la funcin cambiade uno a otro.
Ejecutando la integral se obtiene:
Ix= 8/3
PROBLEMA DE CLCULO VECTORIAL,DE MARSDEN-TROMBA
La superficie de una montaa responde a la ecuacin:
222 4Rzyx
Sobre una de sus laderas se construye un restaurantecilndrico, de radio R, segn muestra la figura. Latemperatura viene dada por
222 16)(3);;( zRyxzyxT
Definamos la funcin densidad de flujo de calor V como TkV , donde k es unaconstante que depende de los materiales. Determinar el flujo de Va travs de la superficiede contacto entre el restaurante y la montaa. (La respuesta depender de Ry de k).
SOLUCIN
Se nos pide calcular:
S
dS,NV (1)
donde S es la parte de lasuperficie paraboloidalcontorneada por el cilindro.Queda claro, pues, que lo
que hay que parametrizares el paraboloide, no elcilindro.
Para esto, veamos cmo seproyectara la montaa conel restaurante sobre elplanoxy.Haciendo z = 0 en
z
y
x
y
x
R
2R
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la ecuacin del paraboloide, vemos que ste intersecta al plano mencionado en unacircunferencia de radio 2R. Por ende, el cilindro tendr radioR.
Puesto que el cilindro est descentrado, usaremos una parametrizacin cuyosextremos determinaremos de forma parecida a la del ejercicio 3.40 (ver), donde se trata elproblema parecido de una esfera descentrada. Usando una parametrizacin basada en
coordenadas cilndricas, y despejando de la ecuacin del paraboloide222
4 yxRz ,tenemos que T(r; ) tendr las siguientes componentes:
sen20
0,
4);(
sen);(
cos);(
22 Rr
rRrz
rry
rrx
Donde el lmite superior de variacin de r, para cada , viene dado por la longitud delsegmento marcado en lnea ms gruesa de la figura anterior, que es 2Rsen (demostrarlopor consideraciones geomtricas elementales). Sacando el producto vectorial fundamental
para esta parametrizacin tenemos
kji
kji
TTN rrr
rr
rr
sen2cos2
0cossen
2sencos 22
Vemos que la componente z de este vector est dirigida hacia arriba. Por lo tantoobtendremos el flujo entrante hacia el restaurante. Ahora expresemos el gradiente de Tmultiplicado por -k, que es la funcin que tenemos que integrar, en trminos de estosparmetros:
))4(32);sen(2;cos6()32);(2;6( 22 rRRrrkzRyxkTk V
Por ende:
)32128sen4sen4cos12( 3222323 rrRRrrrk NV
Y entonces la integral del flujo calrico expresada en (1) vendr dada por:
0
sen2
0
3222323 )32128sen4sen4cos12(FlujoR
drdrrRRrrrk
La resolucin de esta integral requiere de la aplicacin reiterada de identidadestrigonomtricas. Ejecutando la integral obtenemos:
Flujo = 434 kR
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PROBLEMAS DE CLCULO VECTORIAL,DE MARSDEN-TROMBA
Hidrosttica. A partir del principio de Pascal, demostrar el de Arqumedes.Principio de Pascal:p = p0+ ghPrincipio de Arqumedes: Empuje = Peso de lquido desplazado (en mdulo).
SOLUCIN:
Si E es un slido consuperficie frontera Ssumergido en un lquido dedensidad consante , en cuyainterfase con la atmsferareina una presin ambientep0, y si adoptamos un sistemade coordenadas como el de la
figura, el principio de Pascalnos dice que la presin en eldiferencial de superficieindicado, ubicado a unaprofundidad L - z, vendrdada por:
p = p0+ g(L - z)
Por definicin de presin, lafuerza que el fluido ejercer sobre cada elemento de superficie del slido vendr dada en
igual direccin y sentido contrario a la normal externa a este ltimo, siendo:dF = -pdS
La componente vertical de esta fuerza vendr dada por:
dFz= dF(0;0;1) = -pdS(0;0;1) = -[p0+ g(L - z)](0;0;1)dS
Si integramos este diferencial de fuerza sobre todo el dominio, esto es, sobre toda lasuperficie S, obtendremos la componente vertical de la fuerza resultante:
SSz gzgLpzLgpF dSdS );0;0()1;0;0))((( 00
Notemos ahora que esta ltima es una integral de flujo, y que podemos por lo tantoaplicarle el teorema de la divergencia:
x
dF
dS
p
p0
L - z
z
L
y
z
SE
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gMdVgdVg
dVgzgLpgzgLpF
EE
ES
z
);0;0(div);0;0( 00
dS
DondeMes la masa del lquido que ocupara un volumen igual al del objeto sumergido. Lafuerza vertical total, pues, es igual al peso del lquido desplazado. Podemos demostrar porun razonamiento similar que las componentes xe yde la fuerza son nulas. Por lo tanto elempuje total del lquido es igual al peso del lquido desplazado, con lo cual hemosdemostrado el principio de Arqumedes.
PROBLEMA DE CLCULO VECTORIAL,DE MARSDEN-TROMBA
Aplicacin del teorema de Green a un problema fsico sobre una regin con agujeros.
Determinar el momento de inercia de una arandela homognea de radio interno a, radioexterno by masaM,respecto a uno de sus dimetros.
SOLUCIN:
Determinaremos el momento de inerciarespecto al dimetro colineal con el eje x. DeFsica sabemos que:
D
x dAyI2
Donde es la densidad superficial de laarandela, supuesta constante dado que eshomognea.
Esta regin no es simplemente conexa pero, sepuede extender el teorema de Green a este tipo de regiones con agujeros, siendo:
D C C
QdyPdxQdyPdxdAy
P
x
Q
1 2
Por lo tanto podremos calcular la integral doble del momento de inercia como dosintegrales. Para ello debemos encontrar funcionesP, Qtales que:
3
312 ;0:ejemplopor, tomamos; yPQy
y
P
x
Q
Aplicando Green con esta funcin tenemos:
y
xa b
C2
C1
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6
11
1
1
0
3
61
21
0 21
1
0
1
0
1
0
1
0
2
214
x
dxxdxyydydxdAy
P
x
Qxydxdxx
D
x x
C
Si hubiramos hecho la integral de lnea habramos tenido que hacer 3 integrales con lascorrespondientes parametrizaciones.