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MECANICA DE FLUIDOS TAREA 3
Fecha: 24/06/2015
MECANICA DE FLUIDOS.
“TAREA 3”
INGENIERIA CIVIL
SEMESTRE XI
UNIVERSIDAD SAN SEBASTIAN
24/06/2015 Alfredo Carvallo.
FECHA INTEGRANTES NOTA
2 MECANICA DE FLUIDOS
TAREA 3 Fecha: 24/06/2015
1.
Esquema:
Datos:
D = 0,6 (m)
𝜕 = 825 (𝑘𝑔
𝑚3)
P1 = -54880 (Pa)
P2 = 2450000 (Pa)
∆ℎ = 0.06 ∗ 𝐿 L = ?
Planteamiento:
Planteo la ecuación de Bernoulli modificada con respecto a las alturas.
𝐵2 − 𝐵1 = ∆ℎ
Las únicas pérdidas son las de altura por el largo consideradas en el enunciado,
quedando:
𝑝2
𝜕∗𝑔+
𝑣22
2𝑔+ ℎ2 −
𝑝1
𝜕∗𝑔−
𝑣12
2𝑔− ℎ1 = 0.06 ∗ 𝐿
Observaciones:
H1 = H2 = 0; porque el sistema es horizontal.
V1 = V2; porque el caudal (Q) y el diámetro (D) del sistema son constantes.
3 MECANICA DE FLUIDOS
TAREA 3 Fecha: 24/06/2015
Quedando finalmente:
𝑝2 − 𝑝1
𝜕 ∗ 𝑔= 0.06 ∗ 𝐿
Reemplazando:
𝐿 =(2450000 + 54880) (
𝑘𝑔𝑚 ∗ 𝑠2)
825 (𝑘𝑔𝑚3) ∗ 9.8 (
𝑚𝑠2) ∗ 0.06
= 5163.64 (𝑚)
Respuesta: el largo de la tubería que transporta el fluido entre cada bomba
es de 5163.64 (m).
4 MECANICA DE FLUIDOS
TAREA 3 Fecha: 24/06/2015
2.
Esquema:
Datos:
Planteamiento:
Planteo la ecuación de Bernoulli con respecto a las presiones tomando como punto 1
el estanque subterráneo y el punto 2 en la salida de la cañería.
𝐵2 − 𝐵1 =𝑃𝑏𝑜𝑚𝑏𝑎
𝑄− 𝑓 ∗ 𝐿 ∗ 𝜕 ∗
𝑣2
2 ∗ 𝐷 − ∑ 𝐾𝑖 ∗ 𝜕 ∗ 𝑣2
B2 - B1:
𝑝2 + ( 𝜕 ∗𝑣22
2) + (𝜕 ∗ 𝑔 ∗ ℎ2) − (𝑝1 − 𝜕 ∗
𝑣12
2) − ( 𝜕 ∗ 𝑔 ∗ ℎ1)
5 MECANICA DE FLUIDOS
TAREA 3 Fecha: 24/06/2015
Observaciones:
- P1 = P2 = P atm; ya que ambos depósitos están abiertos.
- V1= 0; la velocidad tiende a 0 ya que el área del estanque se considera
infinitamente grande.
- V2 = 0; la velocidad en estanque de salida es infinitamente grande.
- H1 = 0; ya que es el nivel de referencia.
Quedando la diferencia como:
𝜕 ∗ 𝑔 ∗ (ℎ2 − ℎ1) = 900 (𝑘𝑔
𝑚3) ∗ 9.8 (
𝑚
𝑠2) ∗ 8.5(𝑚) = 74970 (
𝑘𝑔
𝑚 ∗ 𝑠2)
𝑃
𝑄∶
𝑃
𝑄= 𝑃𝑐𝑜𝑛𝑠𝑢𝑚𝑖𝑑𝑎 ∗
η
𝑄= 735(𝑊) ∗
0.5
𝑄=
367.5(𝑊)
𝑄
Perdidas singulares (accesorios):
∑ 𝐾𝑖 ∗ 𝜕 ∗ 𝑣2 = (5 ∗ 4 + 2 ∗ 10)(𝑚) ∗ 900 (𝑘𝑔
𝑚3) ∗ (𝑄 ∗ 𝐴)2
18000 (𝑘𝑔
𝑚2) ∗ 𝑄2 ∗ (𝜋 ∗
𝐷2
4)
2
= 𝑄2 ∗ 0.069325312 (𝑘𝑔
𝑚2)
Perdidas regulares (cañería):
𝑓 ∗ 𝐿 ∗ 𝜕 ∗𝑣2
2𝐷= 𝑓 ∗ 20(𝑚) ∗ 900 (
𝑘𝑔
𝑚3) ∗ 𝑄2 ∗ 3.85 ∗ 10−6(𝑚2)
= 0.69 ∗ 𝑄2 ∗ 𝑓 (𝑘𝑔
𝑚)
Asumo un flujo laminar en una primera instancia, con Re = 1900, entonces f
queda como:
𝑓 =64
1900
Así la ecuación de equilibrio queda como :
74970 (𝑘𝑔
𝑚 ∗ 𝑠2) =
367.5(𝑊)
𝑄− 𝑄2 ∗ 0.069325312 (
𝑘𝑔
𝑚2) − 0.69 ∗ 𝑄2 ∗
64
1900 (
𝑘𝑔
𝑚)
6 MECANICA DE FLUIDOS
TAREA 3 Fecha: 24/06/2015
Ahora despejo Q:
𝑄 = 0.004902 (𝑚3
𝑠)
Ahora verifico que este caudal (Q) sea efectivamente un flujo laminar para el
sistema:
𝑅𝑒 =4 ∗ 𝜕 ∗ 𝑄
𝜋 ∗ 𝐷 ∗ 𝜇
𝑅𝑒 = (4 ∗ 900 (𝑘𝑔
𝑚3) ∗ 0.004902 (
𝑚3
𝑠))/(𝜋 ∗ 0.05(𝑚) ∗ 1.4 ∗ 10−6 (
𝑚2
𝑠) ∗ 900 (
𝑘𝑔
𝑚3)
Re = 89207.7
El flujo es turbulento, por lo tanto no coincide con el primer supuesto.
Ahora asumo un flujo turbulento con un Re = 3000.
Quedando f como :
𝑓 = 0.25/(log ((𝑒
3,7 ∗ 𝐷) + (
5.74
𝑅𝑒0.9))
2
Donde e = 0.09 por ser un acero estirado.
𝑓 = 0.25/(log ((0.09
3.7 ∗ 0.05) + (
5.74
30000.9))
2
𝑓 = 2.61592
Reemplazando en la ecuación de equilibrio queda:
74970 (𝑘𝑔
𝑚 ∗ 𝑠2) =
367.5(𝑊)
𝑄− 𝑄2 ∗ 0.069325312 (
𝑘𝑔
𝑚2) − 0.69 ∗ 𝑄2 ∗ 2.61592 (
𝑘𝑔
𝑚)
Despejando queda entonces que:
𝑄 = 0.004902 (𝑚3
𝑠)
Respuesta:
Con ambos supuestos el caudal para el sistema es el mismo, por lo tanto este
queda como el caudal resultante de dicho sistema.
𝑸 = 𝟎. 𝟎𝟎𝟒𝟗𝟎𝟐 (𝒎𝟑
𝒔)