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1F í s i c a
2F í s i c a
3© Oxford University Press España, S. A. F í s i c a
COMUNIDAD DE MADRID CONVOCATORIA SEPTIEMBRE 2009
S O L U C I Ó N D E L A P R U E B A D E A C C E S OAUTOR: Tomás Caballero Rodríguez
� a) Falsa. La velocidad de escape de un objeto lanzadodesde la superficie terrestre viene dada por la expre-sión:
ve � � � 11 179 m/s � 11,2 km/s
Como vemos, en esta expresión no aparece la masadel objeto. Esto es debido a que para llegar a estaexpresión se han igualado las energías mecánicas enla superficie terrestre y en el infinito, despreciándoselos rozamientos con la atmósfera por ser insignifi-cantes.
b)
Cierta. La fuerza que actúa sobre los planetas es unafuerza central, de momento nulo (M � rF sen 180 � 0),por lo que el momento angular es constante:
M"
� ; si M"
� 0⇒ L"
� cte
Luego tiene el mismo valor en el afelio que en elperihelio:
La � Lp⇒mpvara sen 90 � mpvprp sen 90
Simplificando:
vara � vprp
Como rp � ra, para que se cumpla esta expresión,vp � va. Por lo tanto, los planetas en el perihelio vanmás rápido que en el afelio.
� A � 0,10 m
T � 2 s
Frecuencia angular: � � � � � rad/s
a) La ecuación del MAS es:x � A sen (�t � �0)
Como para t � 0, x � A y v � 0, sustituimos parahallar el desfase �0:
x � A sen (� 0 � �0)⇒ sen �0 � 1⇒ �0 � rad
Por lo tanto, la ecuación del MAS queda de lasiguiente forma:
x � 0,10 sen � 0,10 cos �t (m)
b) La velocidad de oscilación de la partícula es:
v � � 0,10� sen �t (m/s)
Y para t � 0,25 s:
v � 0,10� sen � 0,22 m/s
La aceleración de oscilación de la partícula es:
a � � 0,10�2 cos �t (m/s2)
Y para t � 0,25 s:
a � 0,10�2 cos � 0,7 m/s2
� a)
Según el convenio de signos, para el espejo cóncavo:f � 20 cm y s � 10 cm. Aplicando la fórmula
general de los espejos esféricos, � � , y sus-tituyendo:
� � ⇒ s' � 20 cm
La imagen es virtual (no se cortan los rayos refleja-dos, sino sus prolongaciones), derecha y mayor queel objeto.
b)
Ahora f � 20 cm y s � 10 cm.Sustituyendo en la expresión general:
� � ⇒ s' = 6,6 cm
La imagen es virtual, derecha y menor que el objeto.
1s'
110 cm
120 cm
1s'
110 cm
120 cm
1s'
1s
1f
�
4
dvdt
�
4
dxdt
��t ��
2 �
�
2
2�
2 s2�
T
dL"
dt
�2g0RT
�2GMT
RT
Primera Parte
Sol
90o
va
rp
vp
ra
90o
C
yy’
F O
C
y
y’FO
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COMUNIDAD DE MADRID CONVOCATORIA SEPTIEMBRE 2009
� a)
Según el teorema de Gauss, el flujo del campo eléc-trico a través de una superficie cerrada es igual alcociente que resulta de dividir la carga neta en elinferior de la superficie por la constante dieléctricadel vacío:
�� �
Elegimos una superficie gaussiana, que es unasuperficie esférica, concéntrica a la esfera de carga Q,que pasa por P. Por razones de simetría, el campoeléctrico E
"tiene dirección radial. El vector S
"está
dirigido radialmente hacia fuera y tiene la mismadirección y sentido que E
"en cada punto de la super-
ficie gaussiana. Por lo tanto:
� � E"
dS"
� E"
S"
� ES cos 0 � E4�r2
Igualando las dos expresiones del flujo:
E4�r2 � ⇒ E �
�
b)
La expresión del campo es:
E �
Entonces:
E1 � �
E2 � �
Dividiendo las dos expresiones, obtenemos:
� , o bien E1 � 2,25 E2
� a) E0 � 0,511 MeV � 8,18 10–14 J
Como la energía en reposo es E0 � m0c2, calculamosla masa en reposo del electrón:
m0 � � � 9,1 10–31 kg
La masa relativista del electrón para v � 0,8c es:
m � � � 1,5 10–30 kg
Esta masa es mayor que la masa en reposo del elec-trón.
b) La energía relativista total es:
E � Ec � E0 � Ec � m0c2 � mc2
Sustituyendo:
E � 1,5 10–30 kg 3 108 m/s �
� 1,35 10–13 J · � 0,844 MeV1 ev
1,6 � 1019 J1 MeV106 eV
9,1 � 1031 kg
�1 (0,8)2
c2
m0
�1 v2
c2
E0
c2
8,18 � 1014 J
(3 � 108 m�s)2
106 eV1 MeV
1,6 � 1019 J
1 eV
E1
E2
94
kQ(3R)2
kQ9R2
kQ(2R)2
kQ4R2
kQr 2
Q
ε04�r2
Q
ε0
Q
ε04�r2
�
qint
ε0
Q
ε0
Repertorio A� A � 0,08 m
� 1,40 m
v � 0,7 m/s
Sentido positivo del eje X.
a) La frecuencia angular o pulsación (�) y el número deonda (k) son:
k � � � � rad/m
k � ⇒� � kv � � rad/m 0,7 m/s � � rad/s
b) La ecuación general de la onda es:
y(x, t) � A sen (�t kx � �0)
Hallemos el desfase (�0) sabiendo que para t � 0 y x � 0, y � 0,04 m:
0,04 � 0,08 sen ⇒
⇒ sen �0 � � 0,5⇒ �0 � 30º � rad
Por lo tanto, la ecuación de la onda toma la siguienteforma:
y(x, t) � 0,08 sen (unidades SI)��t 107
� � x ��
6 �
0,04
0,08�
6
�� � 0 107
� � 0 � �0�
�
v107
2�
2�
1,4 m107
Segunda Parte
SEPR r
Q
P P
r1 = 2R
r1
r2 = 3R
r2
E"
u"r
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c) Para un punto situado a x � 0,7 m del origen:
y(x, t) � 0,08 sen �
� 0,08 sen (m)
d) Diferencia de fase en el mismo instante entre dospuntos separados 0,35 m:
�� � �2 �1 �
� �
� (x1 x2) � � 0,35 � rad
� Fuente radiactiva A: aA � 1,6 1011 Bq (desint/s); TA �� 8,983 105 s.
a) Constante de desintegración radiactiva de la fuente A:
A � � � 7,72 10–7 s–1
b) Número de núcleos iniciales de la fuente A:
Como la actividad se define como a � N, dondeel signo menos nos indica que los núcleos radiacti-vos van disminuyendo, tenemos que:
aA � λANA⇒NA � � �
� 2,07 1011 núcleos
c) Actividad común de las fuentes A y B a los 45 días:
t � 45 días � 3,888 106 s
Hacemos uso de la ley de desintegración radiactivapara A:
a � a0e–λt � 1,6 1011 Bq e7,72 · 107 s1 · 3,888 106 s �
� 7,97 109 Bq
d) Para hallar la constante de desintegración de la fuen-te B, volvemos a utilizar la expresión anterior, peroahora para B:
7,97 109 Bq � 8,5 1011 Bq e–λ · 3,888 · 106 s
Operando, obtenemos que:
ln � 3,888 106 s⇒ B � 1,2 10–6 s–1
Repertorio B� Sea el aire el medio 1 y el medio transparente el medio 2.
λ1 � 650 nm 10–9 m/nm � 6,5 10–7 m
λ2 � 500 nm 10–9 m/nm � 5 10–7 m
a) Como c � f⇒ f � � � 4,6 1014 Hz
Esta es la frecuencia de la luz roja en el medio 1 y enel medio 2, ya que la luz, al cambiar de medio, cam-bia de velocidad, de longitud de onda y de dirección,pero no de frecuencia ni de periodo.
b) � � � �
Por lo tanto, la relación entre los n, las v y las es:
� �
Sustituyendo en � y sabiendo que n1 �naire �
� 1, tenemos:
� ⇒n2 � 1,3
c)
Aplicando la ley de Snell:
� ⇒ �
Y operando, obtenemos:
r^ � 22,62°d) Para que no se produzca refracción, r^ � 90°, luego
nos están preguntando por el ángulo de incidencialímite (i
^
lim).
� ⇒ �
Operando, obtenemos i^
lim � 50,28°.
Para ángulos de incidencia superiores a 50,28º ya nose produce refracción, sino reflexión total, ya que losrayos no cambian de medio.
� a)
sen i^lim
sen 90°
n2
n1
sen i^lim
1
11,3
sen i^
sen r^n2
n1
sen 30°
sen r^1,3
1
6,5 � 107 m
5 � 107 m
n2
1
1
2
n2
n1
v1
v2
1
2
n2
n1
n1
n2
cv1
cv2
v2
v1
2
T 1
T
2
1��t
107
� � 0,7 ��
6 �
��t 107
� � x2 ��
6 �
3 � 108 m�s6,5 � 107 m
c 1
7,97 � 109
8,5 � 1011
3 600 sh
24 hdía
1,6 � 1011 Bq
7,72 � 107 s1
aA
A
ln 28,983 � 105 s
ln 2TA
�
2107
107
��t 107
� � x1 ��
6 �
��t 56
��
N
30o
r
aire n1= 1
RR
RI
medio 2 n2= 1,3
n2 = 1
i
90omedio 2 (aire)medio 1
n1 = 1,3
lim
I1= 20A
B2
I2
d2
P
X
Z
Y
B1
d1
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El campo magnético creado por I1 en P es:
B1 � , con sentido saliente: B"
1 � k"
El campo creado por I2 en P es:
B2 � , con sentido entrante: B"
2 � ( k"
)
Para que el campo magnético en P sea nulo, losmódulos de B
"1y B
"2 tienen que ser iguales, ya que
tienen la misma dirección y sentidos opuestos:
B1 � B2⇒ �
Sustituyendo:
�
Por lo tanto:
� ⇒ I2 � 80 A
Vemos que para que el campo se anule las corrientesen los dos hilos deben ir en el mismo sentido.
b)
El campo creado por el conductor 1 en un punto delconductor 2 es:
B1 �
Por lo tanto, sobre el conductor 2 aparece una fuerzamagnética F1,2:
F1,2 � I2lB1 �
El campo magnético creado por el conductor 2 enun punto del conductor 1 es:
B2 �
Por lo tanto, sobre el conductor 1 aparece una fuerzamagnética F2,1:
F2,1 � I1lB2 �
Las fuerzas F"
1,2 y F"
2,1 tienen el mismo módulo, lamisma dirección y distinto sentido, luego son fuerzasatractivas.
La fuerza por unidad de longitud que actúa sobrecada conductor es:
� � �
� 3,2 · 10–3 N/m
Nota: Para determinar los sentidos de B"
1 y B"
2 se hatenido en cuenta la regla de la mano derecha y paradeterminar los sentidos de F
"1,2 y F
"2,1 se ha usado la
ley de Laplace ( F"
� l (I"
� B"
)).
I1I�0I2
2�d
I1I�0I2
2�d
�0I2
2�d
I2I�0I1
2�d
�0I1
2�d
I2
0,08 m
�0I2
2� 0,08 m
�0I1
2�d1
�0I2
2�d2
�0I2
2�d2
�0I1
2�d1
�0I2
2�d2
�0I1
2�d1
4� � 107 N�A2 � 20 A � 80 A2� � 0,1 m
Fl
200,02
�0 � 20 A
2� � 0,02 m
B1
I2
F1, 2
d
I1
B2
F2, 1