examen vectores solucionado
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4º A - examen solucionado del tema de geometría analítica.TRANSCRIPT
1. Dados los siguientes vectores:
(a) Efectúa gráficamente las operaciones −→u +−→v , 13u, −4−→v y 2−→u − 3−→v .
(b) Dibuja un vector −→w que sea equipolente a −→v .
(c) Define el concepto de vector libre y relaciónalo con el concepto de vector fijo.
Solución:
(a)
1
(b)
(c) Un vector libre es el conjunto de todos los vectores equipolentes entre sí. Cada vector �jo es un repre-
sentante del vector libre.
2. Las coordenadas de un punto B son(−4, 1
2
). ¾Cuáles son las coordenadas de otro punto A si las del
vector−→AB son
(−2, 3
2
)? Representa gráficamente los dos puntos y el vector.
Solución:
−−→AB = B −A⇒ A = B −−−→AB =
(−4, 1
2
)−(−2, 3
2
)=(−4 + 2, 1
2 −32
)= (−2,−1)
3. Calcula el punto medio del segmento AB y la distancia entre los puntos A y C.
Solución:
Las coordenadas del punto medio del segmento AB, M, vienen dadas por:
M = 12 · (A+B) = 1
2 · [(−3, 0) + (0, 4)] = 12 · (−3, 4) =
(− 3
2 , 2)
La distancia entre los puntos A y C coincide con el módulo del vector−→AC.
−→AC = C −A = (4, 4)− (−3, 0) = (7, 4)⇒
∣∣∣−→AC∣∣∣ = √72 + 42 =
√49 + 16 =
√65 ' 8′06 unidades
4. Resuelve:
(a) Calcula el módulo, el producto escalar y el ángulo que forman los vectores −→a = (3,−2) y−→b = (−1, 5).
2
(b) ¾Son perpendiculares los vectores −→c = (1, 2) y−→d = (−4, 2)? ¾Por qué?
Solución:
(a) |−→a | =√
32 + (−2)2 =√9 + 4 =
√13 ' 3′606∣∣∣−→b ∣∣∣ =√(−1)2 + 52 =
√1 + 25 =
√26 ' 5′099
−→a · −→b = 3 · (−1) + (−2) · 5 = −13−→a · −→b = |−→a | ·
∣∣∣−→b ∣∣∣ · cos∠(−→a ,−→b)⇒ cos∠
(−→a ,−→b)=−→a ·−→b|−→a |·
∣∣∣∣−→b ∣∣∣∣ = −13√13·√26
= −1313·√2= −1√
2' −0′707 ⇒⇒
∠(−→a ,−→b)= 135◦
(b) Serán perpendiculares si forman un ángulo de 90◦, lo cual motiva que el coseno del ángulo que forman
valdría 0, y por tanto, según la fórmula utilizada en el apartado (a), el producto escalar de ambos vectores
valdría también 0. Comprobémoslo:
−→c · −→d = 1 · (−4) + 2 · 2 = −4 + 4 = 0. Por tanto, −→c y−→d sí son perpendiculares.
5. Calcula la ecuación de la recta que pasa por el punto A = (2, 3) con vector director −→v = (1,−2) Enlas formas vectorial, paramétrica, continua, general y explícita.
Solución:
Ecuación vectorial: −→p = −→a + t · −→v ⇒ (x, y) = (2, 3) + t · (1,−2)
Ecuaciones paramétricas: (x, y) = (2 + 1 · t, 3− 2 · t)⇒
{x = 2 + 1t
y = 3− 2t
Ecuación continua:
{t = x−2
1
t = y−3−2
⇒ x−21 = y−3
−2
Ecuación general: −2 · (x− 2) = 1 · (y − 3)⇒ −2x+ 4 = y − 3⇒ −2x− y + 7 = 0
Ecuación explícita: −y = 2x− 7⇒ y = −2x+ 7
6. Encuentra un punto y un vector director de las rectas dadas por las siguientes ecuaciones: 2x−5y+
12 = 0 y
{x = −2 + 3t
y = 1− t.
Solución:
• 2x− 5y + 12 = 0⇒ el vector director puede ser, directamente, −→u = (−B,A) = (5, 2). Para calcular un
punto de la recta elegimos un valor cualquiera, por ejemplo x = −1, y despejamos: 2 · (−1)− 5y + 12 =
0⇒ −2− 5y + 12 = 0⇒ −5y = −10⇒ y = 2. Así, un punto de la recta puede ser el (−1, 2).
•
{x = −2 + 3t
y = 1− t⇒ el vector director es (3,−1) y un punto de la recta puede ser (−2, 1).
7. Averigua si los vectores−−−−→puebla = (1,−2), −−−−−−→el puente = (−3, 5) y −−−−−−→mombuey = (0, 2) son linealmente dependi-
entes. De serlo, calcula los escalares que lo permiten.
Solución:
Tres vectores en el plano son siempre linealmente dependientes, por tanto en el caso que nos ocupa también
lo son. Obtengamos los escalares pedidos:
−−−−→puebla = x ·−−−−−−→el puente+y ·−−−−−−→mombuey ⇒ (1,−2) = x ·(−3, 5)+y ·(0, 2) = (−3x, 5x)+(0, 2y) = (−3x, 5x+ 2y)⇒
⇒
{1 = −3x
−2 = 5x+ 2y⇒ 1 = −3x⇒ x = − 1
3
3
−2 = 5x+ 2y ⇒ −2 = − 53 + 2y ⇒ 2y = −2 + 5
3 ⇒ 2y = − 13 ⇒ y = − 1
6
Los escalares buscados son x = −13 , y = −1
6 .
8. Sean las rectas r : ax + by + c = 0 y s : dx + ey + f = 0. Estudia su posición relativa en función de los
parámetros a, b, c, d, e, f.
Solución:{ax+ by + c = 0
dx+ ey + f = 0
• Si ad 6=
be , entonces las dos rectas son secantes.
• Si ad = b
e 6=cf , entonces las dos rectas son paralelas.
• Si ad = b
e = cf , entonces las dos rectas son coincidentes.
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