algebra_2011-1_solemne_2_pauta.pdf
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Universidad Andres BelloFacultad de IngenierıaDepartamento de Matematicas
Algebra (FMM013)SOLEMNE 2
Mayo 20, 2011.Duracion: 90 minutos.
Importante: No se asignaran puntos por respuestas sin justificacion.
Problema 1 : Considere los conjuntosA = {2, 1, −1, 23}
B =
{−4, −1
2, 1
}Determine el valor de verdad de las siguientes proposiciones
a) (0,6 puntos) (∃x ∈ A)(∀y ∈ B) [(x− 3y ≤ 1) ⇒ (2x+ 3y < 2)]
b) (0,6 puntos) (∀x ∈ A)(∃y ∈ B) [(x− 3y ≤ 1) ∧ (2x+ 3y < 2)]
Solucion:
a) La proposicion es verdadera pues para x = 23 se cumple que(∀y ∈ B) [(x− 3y ≤ 1) ⇒ (2x+ 3y < 2)]lo vemos para cada y ∈ B: con y = −4, tenemos (23 − 3(−4) ≤ 1) ⇒ (2(23) + 3(−4) < 2) esverdadero.con y = − 1
2 , tenemos (23− 3(− 12 ) ≤ 1) ⇒ (2(23) + 3(− 1
2 ) < 2) es verdadero.con y = 1, tenemos (23− 1) ≤ 1) ⇒ (2(23) + 3(1) < 2) es verdadero.
b) La proposicion es falsa pues si tomamos x = 2, no existe y ∈ B tal que (x−3y ≤ 1)∧(2x+3y < 2).Lo vemos para cada y ∈ B:para y = −4 tenemos (2− 3(−4) ≤ 1) ∧ (2(2) + 3(−4) < 2) es falsa.para y = −1
2 tenemos (2− 3(−12 ) ≤ 1) ∧ (2(2) + 3(− 1
2 ) < 2) es falsa.para y = 1 tenemos (2− 3(1) ≤ 1) ∧ (2(2) + 3(1) < 2) es falsa.
Problema 2 : (1,2 puntos) Sean p y q proposiciones. Determine si la proposicion
[p ∧ (p ⇒ q)] ⇒ q
es una tautologıa, una contradiccion, o una contingencia.
Solucion:
Problema 3 :
[p ∧ (p ⇒ q)] ⇒ q ≡ ∼ [p ∧ (p ⇒ q)] ∨ q
≡ ∼ [p ∧ (∼ p ∨ q)] ∨ q
≡ [∼ p∨ ∼ (∼ p ∨ q)] ∨ q
≡ [∼ p ∨ (p∧ ∼ q)] ∨ q
≡ [(∼ p ∨ p) ∧ (∼ p∨ ∼ q)] ∨ q
≡ [V ∧ (∼ p∨ ∼ q)] ∨ q
≡ [∼ p∨ ∼ q] ∨ q
≡ ∼ p ∨ [∼ q ∨ q]
≡ ∼ p ∨ V
≡ V.
Por lo tanto la proposicion es una tautologıa.
Problema 4 : (1,2 puntos) Considere una sucesion {xi}i∈N tal que
9∑i=1
x2i = 160
8∑i=1
xi = 120 x9 = 6
Calcule9∑
i=1
xi(xi − 2)
Solucion:
9∑i=1
xi(xi − 2) =9∑
i=1
(x2i − 2xi)
=9∑
i=1
x2i − 2
9∑i=1
xi)
= 160− 2
(8∑
i=1
xi + x9
)= 160− 2(120 + 6)
= −92
Problema 5 : (1,2 puntos) Demuestre que para todo n ∈ N se tiene que 7n − 4n es multiplo de 3.
Solucion:
i) Para n = 1, se tiene 71 − 41 = 3, por lo que se verifica facilmente la propiedad.
ii) Hipotesis de induccion: Supongamos validez para n = k, esto es 7k − 4k = 3 · q1 donde q1 ∈ N.iii) Debemos demostrar la validez para n = k + 1, es decir, 7k+1 − 4k+1 = 3 · q2. En efecto,
7k+1 − 4k+1 = 7k · 7− 4k · 4= 7(7k) + (3− 7) · 4k
= 7(7k − 4k) + 3 · 4k
= 7 · 3q1 + 3 · 4k
= 3 (7q1 + 4k)︸ ︷︷ ︸q2
.
Por el principio de induccion tenemos entonces que la proposicion es valida para todo n ∈ N
Problema 6 : (1,2 puntos) Considere el polinomio p(z) = 2z3 + z2 + 8z + 4. Se sabe que tiene una raızimaginaria pura. Encuentre todas sus raıces.Sugerencia: busque directamente una raız de la forma z = bi con b ∈ R.
Solucion:Tenemos:2(bi)3 + (bi)2 + 8(bi) + 4 = 02b3i3 + b2i2 + 8bi+ 4 = 02b3(−i) + b2(−1) + 8bi+ 4 = 0−2b3i− b2 + 8bi+ 4 = 0(−2b3 + 8b)i+ 4− b2 = 0Por lo tanto:{
−2b3 + 8b = 04− b2 = 0
De la segunda ecuacion obtenemos b = ±2, que verfifica tambien la primera ecuacion.Por lo tanto tenemos las raıces complejas z = 2i y z = −2i.Para buscar la restante raız notamos que el polinomio debe ser divisible por (z− 2i)(z+2i) = (z2 +4)Efectuando la division obtenemos:2z3 + z2 + 8z + 4 = (z2 + 4)(2z + 1)Por lo tanto la tercera raız es z = − 1
2 .