10.1) resp series de potencia
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7/25/2019 10.1) Resp Series de Potencia
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Respuestas Gua de ejercicios N10 parte Complemento
Series de Potencias
1. 1) Usando el criterio de la raz obtenemos que:
lmn
|an| =|x+ 3|2
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Six = 1max{ea,ea} , entonces el termino general lmn
sinh(an)max{ea,ea} =
12
, entonces la seriediverge.
pues el termino general no tiende a cero.
8) Usando el criterio de la raz obtenemos que:
lmn|an| = lmn |an
x| = 0< 1Entonces la serie converge parax R
9) Usando el criterio de la raz obtenemos que:
lmn
|an| =e|x|
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Six = 1, se obtiene
1n ln(n)a
la cualconvergesia >1ydivergesea 1.Six = 1, se obtiene (1)nn ln(n)a la cualconvergepues lmn 1n ln(n)a .
2. Six [1, 1]n=0
|cnxn| n=0
|cn| <
3. Haciendo el cambio de variabley = x2 obtenemos la serie original, de esta forma se obtiene que el radio
de convergencia es |y| < Ro lo que es equivalente a |x| < Rcon lo cual el radio de convergencia de estaserie es
R
4. Basta notar que podemos reescribir esta expresion como
f(x) = 1
(1 x2)2 = d
dy
1
1 y
y=x2=
n=0
nx2(n1)
5. Tenemos quey = f(x) =x+ex
, es decir
d2y
dx2 =ex
que reemplazando, cumple la ecuacion.
6. La formula del resto de Taylor nos dice que R(f) = f(n+1)()(n+1)! (x a)n+1 para algun [0, 12 ], luego
R(f) (xa)n+1(n+1)!
. Paran = 4, obtenemos que el restoR(f)< 103.
e12
4k=0
(1)k2kk!
= 0,606
7. En el ejercicio (21) mostramos que:n=1
nxn = x
(1 x)2
Es decir
n=0
n2n
= 2
8. Haremos el desarrollo para elsinh(x)(cosh(x)se resuelve de forma analoga).
sinh x=ex ex
2 =
1
2
n=0
(1 (1)n) xn
n!
Ademas(1 (1)n) =
2, nimpar;0, 0par.
. Es decir
sinh x=
n=0x2n+1
(2n+ 1)!y cosh x=
n=0x2n
(2n)!
9. x2 d
dy
1
1 y
y=x3=
n=0
(1)n1nx3n1. Notemos que el coeficiente que acompana al terminox100 es
0luegof(100)(0) = 0.
10. Como f(x) =
n=0cnxn es par, tenemos que f(x) = f(x), es decir n=0cnxn =n=0(1)ncnxn.
Luego[(1)n 1]cn = 0 n. Paranpar, la igualdad se cumple y paranimpar 2cn = 0 cn = 011. Sabemos que la serie esta centrada enx0= 3, luego, como la serie converge parax = 1y la derivada
tiene el mismo radio de convergencia obtenemos que el radio de convergencia 4 R 7.
12. 1
1 x =
ln(1
x) =
n=0xn+1
n+ 1
y 1
1 +x
= ln(1 +x) =
n=0(1)nx
n+1
n+ 1
. Entonces
ln
1 +x
1 x
= ln(1 +x) ln(1 x) =n=0
[(1)n + 1]xn+1
n+ 1= 2
k=0
x2k+1
2k+ 1
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13. d2y
dx2 =
n=0
ann(n 1)xn2 =n=0
an+2(n+ 2)(n+ 1)xn.
Reemplazandoy(x)en las condiciones iniciales obtenemos que
y(0) = 1 =a0
y(0) = 0 =a1
Utilizando la ecuacion obtenemos que
d2y
dx2+y =
n=0
an+2(n+ 2)(n+ 1)xn +
n=0
anxn =
n=0
[an+2(n+ 2)(n+ 1) +an] xn = 0
Es decir
an+2= an
(n+ 2)(n+ 1)
14. ex1x =
11!
+ x2!
+ x2
3!+ . . .=
k0
xk
(k+1)!. El valor dese obtiene al reemplazar porx= 0en la representacion
en serie de potencia, es decir = 1. 10
f(x)dx=k0
1
(k+ 1)!(k+ 1).
15. Seananlos coeficientes de la serie de Taylorf(x) =k=0
anxn
(1) an =
1, si;n= 05, si;n= 11, si;n= 50, eoc.
(2) an =
2, si;n= 03, si;n= 51, si;n= 70, eoc.
(3) f(x) n
k=0
(1)k(2k)!
x6k+1.
(4) f(x) 1 +n
k=0
(1)k(2k+ 1)!
22k+1x2k+1.
(5) f(x) n
k=0
xk
2k+1.
(6) f(x) nk=0
(1)k x2k+1k!
(7) cosh(x) =k=0
x2k
(2k)!
f(x) k=0
32kx2k
(2k)!
(8) f(x) 2n
k=0
x4k+2
2k+ 1(Ver ejercicio 16.8).
(9) f(x)
n
k=0
(
1)kxk.
16. (1)
10
cos
x
dx=
10
n=0
(1)n(2n)!
x2n
dx=
n=0
(1)n(2n)!
xn+1
n+ 1
1
0
=
n=0
(1)n(2n)!
1
n+ 1.
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(2)
20
sin
x2
dx=
20
n=0
(1)n(2n+ 1)!
x4n+2dx=
n=0
(1)n(2n+ 1)!
24n+3
4n+ 3.
(3)
10
x cos
x
dx=
10
n=0(1)n(2n)!
xn+1dx=
n=0(1)n(2n)!
1
n+ 2.
(4)
11
ex2
dx=
11
n=0
(1)n x2n
n! dx=
n=0
(1)nn!
x2n+1
2n+ 1
1
1=
n=0
(1)nn!
2
2n+ 1.
(5) Notemos quearctan (x) =
x0
du
1 +u2 =
x0
n=0
(1)nu2ndu=n=0
(1)n x2n+1
2n+ 1. Luego
1/50
arctan (x) dx=
1/50
n=0
(1)n x2n+1
2n+ 1dx=
n=0
(1)n2n+ 1
(1/5)2n+2
2n+ 2 .
(6)
10
sin x
x dx=
10
n=0
(1)n(2n+ 1)!
x2ndx=
n=0
(1)n(2n+ 1)!
1
2n+ 1.
(7) 1/20
x
2
1 +x dx= 1/20
x2
n=0
(1)nxn =n=0
(1)n xn+3
n+ 31/2
0=
n=0
(1)n (1/2)n+3
n+ 3 .
(8) Notemos que
1
1 x = ln(1 x) =n=0
xn+1
n+ 1. Entonces
ln(1 +x2) =n=0
(1)nn+ 1
x2n+2
ln(1 x2) =n=0
x2n+2
n+ 1
ln1 +x2
1 x2
=n=0
(1)n + 1n+ 1
x2n+2
= 2
n=0
x4n+2
2n+ 1.
Finalmente r0
ln
1 +x2
1 x2
dx= 2n0
r4n+3
(4n+ 3)(2n+ 1)
donde |r|
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Por lo tanto
sin3 x= 3
4
k0
(1)k x2k+1
(2k+ 1)!+
1
4
k0
(1)k32k+1 x2k+1
(2k+ 1)!= 3
k0
1 + 32k
4
(1)k x
2k+1
(2k+ 1)!
c) f(x) = x
1 +x 2x2
= x
(1 + 2x)(1 x) =1
3
11 x
1
1 + 2x
= 1
3
k=0
xk (2x)k = 13
k=0
(1 (2)k)xk
d) f(x) =
12 5x
6 5x x2
= 1
7
17
x+ 6+
18
x 1
= 1
7
k0
(1)k
6
x6
k xk
e) f(x) =
1
1 +x+x2
(1 x)(1 x) = (1 x)
k=0
x3k =k=0
x3k x3k+1
21.
n=1
nxn =x n=1
nxn1 =x ddx
n=0
xn =x ddx
11 x = x(1 x)2
Tiene el mismo radio de convergencia de la serie geometrica.
n=1
n
5n =
n=1
n 1
5n =
x
(1 x)2x=1/5
22. Notemos que al definirf(0) = 16
, la funcion es infinitamente diferenciable, luego, tiene sentido calcularsu serie de Taylor.
sin x xx3
=
x x3
3! +. . .
x
x3
= k0(1)k
(2k+ 1)!
x2k2
Notemos, ademas, que al evaluar en cero el desarrollo en serie de la funcion f(x), obtenemos quef(0) =a0= 16 , que corresponde al valor con que se definio.
23.
a)n=0
(1)n xn =n=0
(x)n = 11 +x
b) 1 +x+n=2
(1)n xn = 1 +x+ 11 +x
(1 x) = 2x+ 11 +x
c)
n=0
(1)n x
n
n! =ex
d)n=0
(1)n2n
xn = 1
1 x2
e)n=0
(1)n x5n
n+ 1=
n=0
(1)nyn+1
n+ 1
1
y
y=x5
= 1
y
y0
n=0
(u)nduy=x5
= 1
y
y0
1
1 +udu
y=x5
= 1
yln(1 +y)|y=x5 =
1
x5ln(1 +x5)
f)n=0
(n+ 2) (n+ 1) xn = d
dx2
n=0
xn+2 = d
dx2x2
n=0
xn = d
dx2x2
1 x = 2x
1 x + x2
(1 x)2
24. a) Usando el criterio del cociente tenemos que |x| < 1, ademas, notamos que para x =1, la serietambien converge, es decir, el dominio de la funcion es[1, 1].
b) Al igual que el ejercicio anterior |x|
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c)n=1
xn
(2n 1)(2n+ 1)x=1
=
n=1
1
(2n 1)(2n+ 1) = 1
2
n=1
1
2k 1 1
2k+ 1 =
1
2
25.
n=1
n(n+ 1)!
= n=1
1n!
n=1
1(n+ 1)!
= 1
1! = 1
n=0
(1)n+1(n+ 3)n!
=
10
n=0
(1)n+1xn+2n!
=
10
x2n=0
(x)nn!
10x2ex =13e2
26.
a)
x3 + 1 = (1 +x3)12 . Seaf(x) =
1 +x, luego
f(0) = 1
f(0) = 1
2
1 +x
x=0
= 1
2
f(k)(0) = dk
dxk(1 +x)
12
x=0
= 1
2
12
32
. . .
=(1)k12
12
22
32
42 2
. . .
=(1)k1
2
(2k 3)!22k(k 2)!
Entonces
f(x) =
1 +x= 1 +x
2+
k2
(1)k12
(2k 3)!xk22k(k 2)!k!
Por lo tanto 1 +x3 = 1 +
x3
2 +
k2
(1)k12
(2k 3)!x3k22k(k 2)!k!
b)
f(x) = d
dx
1 +x
= d
dx
2
1 + x
2+
k2
(1)k12
(2k 3)!xk22k(k 2)!k!
= 1 +k2
(1)k122k+1
(2k 3)!xk1(k 2)!(k 1)!
= 1
1 +x
11 +x2
= 1 +k1
(1)k22k+3
(2k 3)!x2k(k 1)!k!
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c) Analogo al ejercicio anterior, tenemos que f(x) = 1
2
11 +
x22
. Entonces
1
2 x2
= 1
2+
1
2 k1(1)k+1
22k+4
(2k 3)!x2k
(k 1)!k!
8