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Cinemática vectorial¿Qué estudia la cinemática vectorial?
Vector posición, itinerario y trayectoria
y
x
)(tr
x(t)
y(t)
jtyitxt ˆ)(ˆ)()( rFunción itinerario:
Si se elimina el parámetro t se obtiene la ecuación de la trayectoria:
y = f (x)
x = f (t)
y = f (t)
Son las ecuaciones paramétricas de la trayectoria
A continuación veremos un ejemplo...
Vector posición, itinerario y trayectoria
x = 3 t
y = 2 t2
Ejemplo 1.El itinerario de una partícula que se mueve en el plano x – y es el siguiente:
jtit ˆ2ˆ3 2r 0 < t < 5 s, x : m
Son las ecuaciones paramétricas de la trayectoria
- Determinar la posición de la partícula en los instantes t = 1, 2, 3, 4 s
t (s) x (m)
y (m)
1 3 22 6 83 9 184 12 32
-Dibujar la trayectoria de la partícula.
0
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
11
12
13
14
15
16
17
18
19
0 1 2 3 4 5 6 7 8 9x (m)
y (m)Vector posición, itinerario y trayectoria
-¿Posición en t = 2 s?
-¿Posición en t = 3 s?
-¿Cuál es la ecuación de la trayectoria?
2
92 xy
Si se elimina el parámetro t se obtiene la ecuación de la trayectoria
Vectorposición
en t = 2 s
Vectorposición
en t = 3 s
)(ˆ8ˆ6)2( mji r
)(ˆ18ˆ9)3( mji r
jtit ˆ2ˆ3 2r
Vectores desplazamiento y Velocidad mediay
x
Posición inicial
1r
2r
r
1r2r
jyix
jyyixxˆˆ
ˆ)(ˆ)( 1212
12
rr
rrr
Velocidad media:
jtyi
tx
tmˆˆ
rv -¿Cuál es el desplazamiento de la
partícula entre t = 2 s y t = 4 s? 6i+24j m-¿Cuál es el vector velocidad media de la partícula en ese intervalo? 3i+12j m/s
Posición después de un intervalo tDesplazamiento:
jtit ˆ2ˆ3 2rEn el ejemplo 1:
Velocidad instantánea
dtd
trrv
lim
jdtdyi
dtdx ˆˆ v
jviv yxˆˆ v
vr
El vector velocidad instantánea es tangente a la trayectoria.
v
xv
yv Nótese que el movimiento en el plano puede considerarse como la combinación de dos movimientos ortogonales.
Volvamos al ejemplo 1:- ¿Cuál es la velocidad instantánea de la partícula en función del tiempo?
jtit ˆ2ˆ3 2rPuesto que:
Entonces:
jtidtd ˆ4ˆ3 rv
- ¿Cuál es la velocidad de la partícula en el instante t = 2 s?
)/(ˆ8ˆ32 smjit v- ¿Cuál es la velocidad de la partícula en el instante t = 3 s?
)/(ˆ12ˆ33 smjit vRepresentemos estos vectores velocidad en el gráfico de la trayectoria...
0
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
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12
13
14
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16
17
18
19
0 1 2 3 4 5 6 7 8 9x (m)
y (m)
Vectores velocidad
)2(v
)3(v
smv /54.8)2(
smv /4.12)3(
smvsmv
y
x
/8/3
smvsmv
y
x
/12/3
Componentes:
Módulo:
Componentes:
Módulo:
)/(ˆ8ˆ32 smjit vVelocidad en t = 2 s
Velocidad en t = 3 s)/(ˆ12ˆ33 smjit v
Aceleración media
1v 2v
1vv
ttm
12 vvva
En el intervalo t hay un cambio de velocidad:
12 vvv Se define la aceleración media como:
Como:
jviv
jvvivv
jviv
jviv
yx
yyxx
yx
yx
ˆˆ
ˆ)(ˆ)(
ˆˆ
ˆˆ
1212
222
111
vv
vv
Por lo tanto el vector aceleración tiene la misma direccón que el vector v.
va
jt
vi
tv yx
mˆˆ
a
Aceleración instantánea
jdt
dvi
dtdv
dtvd
tv
yx ˆˆ
lim
a
a
jaia yxˆˆ a
En el ejemplo 1 teníamos que la posición en función del tiempo era:
jtit ˆ2ˆ3 2rY la velocidad en función del tiempo:
jti ˆ4ˆ3 v
Entonces:- ¿Cuál es la aceleración en función del tiempo?
2/ˆ4
ˆ)4(ˆ)3(
smj
jdt
tdidt
d
a
a
La aceleración de la partícula es constante, apunta en la dirección del eje y y su módulo es 4 m/s2.
Lanzamiento de un proyectil
vox
vx
vy
ovv v
voy
y
x
En todo lanzamiento
jg ˆa en que2
2
/10
/8.9
smg
smg
Es decir:
oxx
x
vva
0
oyy
y
vtgv
ga
oox xtvx ooy ytvtgy 2
21
Si consideramos que: senvvyvv ooyoox cos
se obtiene para el itinerario las siguientes ecuaciones:
oo xtvx )(cos
oo ytsenvtgy )(21 2
Ejemplo 2:Desde el origen se lanza un proyectil con una velocidad de 76,2 m/s, en una dirección que forma un ángulo de 66,8° con la horizontal.a) Determine la máxima altura ym que alcanza el proyectil.
tsenvtgy o )(21 2
senvtgv oy
en que yo = 0, vo = 76,2 m/s, = 66,8°
Pero para y máxima vy = 0 y, por lo tanto, g
senvt oym
y, sustituyendo t en la ecuación para y, se obtiene:
gsenvy o
m 2
22
Reemplazando los datos: ym = 245,3 metros.
Las ecuaciones para este movimiento son:
oo xtvx )(cos
.cos ctevv ox
Continuación del ejemplo 2...b) ¿A qué distancia del origen cae el proyectil? (Alcance)
La simetría indica que si demora tym en alcanzar la máxima altura, demora el doble en llegar de vuelta al suelo. Por lo tanto:
gsenvt o
xm
2 y reemplazando en la ecuación para x,
0)(cos oo xporquetvx
gsenvx o
m cos2 2
22
seng
vx om o, lo que es igual:
Reemplazando los datos, xm = 420,5 metros.
Verifique que el alcance máximo se obtiene para un ángulo = 45°
Movimiento circular uniforme
y
x
P
jyix ˆˆ r
senryrx
cos
jsenrir ˆˆcos r r
v
Se trata de um MCU de un objeto P que se mueve en dirección contraria a los punteros del reloj.Nótese que Velocidad angular
.ctedtd
Unidades de : rad/s o s-1
Velocidad:
jdtdri
dtdsenr
dtd ˆcosˆ rv
.. cteperocter r
jrisenr ˆ)cos(ˆ)( v
En que:
y
x
P
jsenrir ˆˆcos r
r
vjrisenr ˆ)cos(ˆ)( v
Tenemos, entonces que:
Hagamos el producto punto entre estos dos vectores. Se obtiene: 0 rvEs decir, v es perpendicular a r en todo instante.El módulo de v se obtiene haciendo el producto punto:
2222222 )cos( rsenrv vvPor lo tanto:
rv y si consideramos que: T
2
en que T es el período del movimiento, obtenemos: T
rv 2
y
x
P
jtsenritr ˆ)(ˆ)(cos rr
v
jtritsenr ˆ)(cosˆ)( v
En resumen:Puesto que = cte.
rvT 2
en que T es el período del movimientoT
rv 2
tEn un MCU, el itinerario es:
y la velocidad en función del tiempo es:
Además, se cumple que:
Ejemplo 3.En una prueba de resistencia, un astronauta está sentado en una plataforma, a 4 metros del centro de giro. La plataforma está girando a razón de media vuelta/segundo.a) Anote los vectores posición y velocidad del astronauta en función del tiempo.
jtsenritr ˆ)(ˆ)(cos r pero, mrys 41
jtsenritr ˆ)(ˆ)(cos r y derivando obtenemos...
jtitsen ˆ)(cos4ˆ)(4 v 4ven que
b) Anote los valores de la rapidez del astronauta, su velocidad angular y el período de giro.
smv /57.1214.34 114.3 s
sT 222
y
x
P
a
vjtritsenr ˆ)(cosˆ)( v
ra 2en que T es el período del movimiento
2
24T
ra
Por lo tanto, el vector aceleración tiene dirección opuesta a r, es decir, apunta siempre hacia el centro de giro. Se le llama aceleración centrípeta.
Aceleración en el movimiento circular uniforme
dtdva
jtsenritr ˆ)(ˆ)cos( 22 a
Pero Por lo tanto:
jtsenritr ˆ)(ˆ)cos(2 a
a = -2 r
rva
2
Además se cumplen las siguientes relaciones:
Volvamos al ejemplo 3.En una prueba de resistencia, un astronauta está sentado en una plataforma, a 4 metros del centro de giro. La plataforma está girando a razón de media vuelta/segundo.c) Anote los vectores posición, velocidad y aceleración del astronauta en función del tiempo.
jtsenit ˆ)(4ˆ)(cos4 r
jtitsen ˆ)(cos4ˆ)(4 v
d) ¿Cuánto vale el módulo de la aceleración centrípeta del astronauta?
jtsenit ˆ)(4ˆ)cos(4 22 a
222 /5.39414.3 smra
y
xr
v
Por lo tanto, en el instante t = 0.5 s...
Sigamos con el ejemplo 3...
jtsenritr ˆ)(ˆ)cos( 22 a
f) Dibuje estos tres vectores.
e) Anote los vectores posición, velocidad y aceleración del astronauta en el instante t = 0.5 s.
jtsenit ˆ)(4ˆ)(cos4 rjtitsen ˆ)(cos4ˆ)(4 v
r = 4 j (m)
a
v = -12.6 i (m/s)
a = -39.5 j (m/s2)
y
x
r
jtyitxt ˆ)(ˆ)()( r
Movimiento circular no uniforme
)(
cos
tsenry
rx
.ctedtd
sendtdrvx
senrvx
cosdtdrvy
cosrvy
sendtdrrax cos2 cos2
dtdrsenray
rv
dtdangularnaceleració
Las componentes de la velocidad son:
y el módulo de la velocidad es:Derivando se obtienen las componentes de la aceleración:
Componentes tangencial y normalDefinamos los siguientes vectores unitarios:
jvv
ivv
vT yx ˆˆˆ
v
jvvi
vv
N xy ˆˆˆ
0ˆˆ NT
Vector unitario tangente a la trayectoria.Vector unitario normal a la trayectoria.
Componente tangencial de la aceleración
vvava
vva
vvaTa yyxxyyxx
t
ˆa
Pero,v
vavavv
dtd
dtdv yyxx
yx
22 Por lo
tanto, dtdvat
T̂N̂
Componente normal de la aceleración (Aceleración centrípeta)
vva
vva
Na xyyxn ˆa
rsenran
)(cos 2232 Es decir,
2ran
rvan
2
NaTa ntˆˆ a
NrvT
dtdv ˆˆ
2
a
Tatˆ
Nanˆ
a
Por lo tanto, el vector aceleración en componentes tangencial y normal es el siguiente:
Ejemplos de aplicación de:
NrvT
dtdv ˆˆ
2
a1. Movimiento circular uniforme
Puesto que:
0dtdv N
rv ˆ
2
a
rva
2
a
y su módulo es
2. Objeto aumentando su rapidez en una trayectoria curva.
dtdvat
rvan
2
En que r es el radio de curvatura de la trayectoria.
tata
na
na
aa
a