trabajo colaborativo fase i-fisica general

8/17/2019 Trabajo Colaborativo Fase I-Fisica General

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FÍSICA Y MEDICIÓN, VECTORES, MOVIMIENTO EN UNA DIMENSIÓN, MOVIMIENTOEN DOS DIMENSIONES, LEYES DE MOVIMIENTO Y FUERZAS DE ROZAMIENTO Y

DINÁMICA DEL MOVIMIENTO CIRCULAR

FÍSICA GENERAL

TUTOR: JAVIER FRANCISCO RODRIGUEZ MORA

UNIVERSIDAD NACIONAL ABIERTA Y A DISTANCIA

2016

INTRODUCCIÓN


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En el presente trabajo abordamos los temas de la unidad uno “Mecánica” donde se

reconocen las propiedades de la Física y medición, Vectores, Movimiento en una dimensión,

Movimiento en dos dimensiones, Leyes de Movimiento y Fuerzas de rozamiento y inámica

del Movimiento a trav!s de ejercicios prácticos "ue se analizan de manera analítica e

interpretativa #allando la solución con la ayuda de las #erramientas brindadas y biblio$ra%ía&

DESARROLLO DE LA ACTIVIDAD


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1. Un galón de pintura (volumen 3.78×10−3 m3) cubre un área de 22. m2. !"uál e#

el gro#or de la pintura $re#ca #obre la pared% en mm&

v=3,78×10−3 m3

A=22,4m2

g=?

V = A×g

'eemplaando

3,78×10−3m

3=22,4m2×g

g=3,78×10−3m3

22,4m2

g=0,168×10−3m

"onver#ión

0,168×10−3

m

(1000mm

1m )g=0,16875mm

2. *a# coordenada# polare# de un punto #on r + .20 m , - + 210. !"uále# #on la#

coordenada# carte#iana# de e#te punto&

x=r∗cos (θ ) y=r∗sin (θ )

r=4.20mθ=210°


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y=4,20m∗sin (210 ° )

x=4,20m∗cos (210° )

y=4,20m∗(−0,5 )

x=4,20m∗(−0,86)

y=−2,1m

x=−3,612m

3. Un avión vuela de#de el campo ba#e al lago /% a 280 m de di#tancia en la

dirección 20.0 al nore#te. e#pu# de #oltar #umini#tro# vuela al lago % 4ue e#tá

a 150 m a 30.0 al noroe#te del lago /. etermine grá6camente la di#tancia ,dirección de#de el lago al campo ba#e.


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A=280 Km θ=20.0 ° B=190 Km θ=30.0°

Ax= A∗cosθ Bx=B∗sinθ

Ay= A∗sinθ By=B∗cosθ

Rx= Ax+BxRy= Ay+By

Rt =√ ( Rx)+ Ry

Ax=280 Km∗cos (20°)

Ax=280 Km 0%53

Ax=260,4 Km

Bx=190 Km∗sin (30 ° )

Bx=190 Km∗0,5

Bx=95 Km

Ay=280 Km∗sin (20° )

Ay=280 Km∗0,34

Ay=95,2 Km

By=190 Km∗cos (30 ° )

By=190 Km∗0,86

By=163,4


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Rx= Ax+Bx

Rx=260,4 Km+95 Km

Rx=355,4 Km

Ry= Ay+By

Ry=95,2 Km+163,4 Km

Ry=258,6 Km

Rt =√ 355,4 Km+258,6 Km

Rt =√ 614 Km

Rt =24,77 Km

. o# auto# e#tán en lo# etremo# de una autopi#ta rectil9nea de :.00×103 m

de longitud. ;ean / , lo# punto# etremo#. o# auto# (4ue llamaremo# lo#

auto# / , ) parten #imultáneamente de lo# punto# / , para recorrer la

autopi#ta% con rapidece# +18.0 m


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X =5∗103 m

(1) V AB= x AB

t ABt AB=

x

v

(2) V BA= x BA

t BAt BA=

x

v

t AB=5000m

18m / s=277,78 seg

t BA=5000m

15m/s =333,34 seg

b. ?ara el punto de encuentro@+ ?unto de encuentro.

(3) X AB= X AO+ X BO

;iendo A@B el punto de encuentro."omo ambo# comienan #u movimiento en el mi#mo in#tante el tiempo de

encuentro e# el mi#mo para ambo# móvile#.

t AO=t BO=t E

?ara el encuentro la# (1) , (2) ecuacione# 4uedan

V AB= X AO

t E

X AB

t AB=

X AO

t E

V BA= X BO

t E

X BAt BA

= X BOt E

e#pe=amo# (t C) , luego igualamo#

(4 )t E= X AO ×t AB

X AB


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(5 ) t E= X BO×t BA

X BA

X AO× t AB

X AB=

X BO × t BA

X BA→ X AO ×t AB= X BO ×t BA

e la ecuación 3 X AO= X AB− X BO

t AB ( X AB− X BO )=t BA×X BO

t

(¿¿ AB× X BO)=t BA × X BO( t AB × X AB)−¿

t t

(¿¿ AB× X BO)+(t BA × X BO)(¿¿ AB× X AB)=¿

¿

t AB×X AB= X BO(t AB+t BA)

X BO=t AB × X AB

t AB+t BA

X BO= 277,78 seg×5000m277,78 seg+333,34 seg

X BO=2272,71m

X AO=5000m−2272,71m

X AO=2728,29m

t E=2728,29m×277,78 seg

5000m

t E=151,57 seg

:. Una per#ona camina% primero con rapide con#tante de 1.:0 m


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i#tancia recorrida de /

x km=1,50m

s ×t

1

i#tancia recorrida de /

xkm=1,20m

s ×t

2

1,50m

s × t

1=

1,20m

s ×t

2

t 2=1,50m/s1,20m/s

× t 1

t 2=1,25t

1

"antidad total recorrida

x km+ x km=2 x km

t =t 1+t

2

t =(1 )t 1+1,25 t

1

t =2,25 t 1

'apide promedio

2 x

2,25 t 1

×1,25 m

s =1,33

m

s


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D. *a 6gura repre#enta la aceleración total% en cierto in#tante de tiempo% deuna part9cula 4ue #e mueve a lo largo de una circun$erencia de 2.:0 m deradio. Cn e#te in#tante encuentre (a) *a magnitud de #u aceleracióntangencial. (b) *a magnitud de #u aceleración radial. (c) *a rapide de la

part9cula.

r=2,50m

a=15,0m

s2

/celeración radial

ar=a ×cos30°

ar=15 m

s2

×cos30°

ar=13m

s2

/celeración tangencial

a2=at

2+ar2

15,0m /s2 ¿2−(13,0m /s2)¿

at =√ a2−ar

2=√ ¿

at =7,50m /s2

'apide de la part9cula

ac=v2

r


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v2=r×ac

v2=2,50m×13

m

s2

v2=32,5

m2

s2

v2=√ 32,5m/s

v2=5,70

m

s

7. Un pe 4ue nada en un plano Eoriontal tiene velocidad + (.00 F G 1.00 F)


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R=(360 ı̂−72,75 ̂ ) m

irección por velocidad

vf =(4 ı̂+1 ̂ )+(0,8 ı̂+0,3 ̂ ) ×25

vf =(24 ı̂−6,5 ̂ ) m /s

arctang (24 ı̂−6,5 ̂)=15,15 °"ao#a$ori%onta#

8. Una $uera aplicada a un ob=eto de ma#a 1 produce una aceleración de3.00 m


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∑⃗ & =⃗ & 1+⃗ & 2→ (20 î+15 ̂ ) '

∑⃗ & =m⃗ a → (20 î+15 ̂ )=5⃗a

⃗a=(4 î+3 ̂ ) m /s2

a=5m

s2

θ=36,9°

& 2 X =15cos60° →7,50 '

& 2 y=15sin60 °→13 '

⃗& 2=(7,5 î+13 ̂ ) '

∑⃗ & =⃗ & 1+⃗ & 2→ (27,5 î+13 ̂ ) ' =m⃗ a=5⃗a

⃗a=(5,50 î+2,60 ̂) ms2=6,08m /s2→25,3°

10.Un niKo de 0.0 g #e mece en un columpio #o#tenido por do# cadena#% cadauna de 3.00 m de largo. *a ten#ión en cada cadena en el punto má# ba=o e#3:0 J. Cncuentre a) la rapide del niKo en el punto má# ba=o , b) la $uera4ue e=erce el a#iento #obre el niKo en el punto má# ba=o. (Lgnore la ma#a dela#iento.)


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CONCLUSIONES

M C#te traba=o no# permite de#arrollar e identi6car la# di$erente#ecuacione# , $órmula# utiliada# para el e6ca de#arrollo lo#contenido# de la unidad uno N9#ica Oecánica.

M C#ta actividad e#tá propue#ta para #olucionar , corregir nue#tra#duda# e in4uietude#% donde #e no# $acilita de manera interactiva elmaterial nece#ario para el de#arrollo de e#ta actividad.


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BIBLIOGRAFIA

UJ/PUniver#idad Jacional /bierta , a i#tancia. N9#ica , medicione#% Qrenado(#


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Ettp

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