masa absorción

8/17/2019 Masa Absorción

1/14

Universidad Nacional del Callao

Escuela Profesional de Ingeniería Química– Facultad de Ingeniería Química

PROFESOR:

Ing. Carlos Pereyra Leo ALUMNO:

LLuncor Silva Giorgi 1026120614

2015-A

Transeren!"a #e

Masa I


2/14

PRO$LEMA 1%

Una mezcla diluida aire-amoniaco conteniendo 2 moles% deamoniaco será lavada con agua, en una torre rellena con anillosraschig de 1 ulgada !ue oera a 6"#$ 1 atm& 'l (u)o del agua del

gas, am*os son de 240 l*+ie2

-h& la temeratura a la cual oera la torre los datos de e!uili*rio son

l& a'on"a!o ( 100 l& #e ag)a Pres"*n +ar!"al #el a'on"a!o,''g

2,0 12,0,0 1/,25,0 1,,5 50,010,0 %,%

.e los datos de e!uili*rio se uede o*servar !ue la le de /enr sesostiene aroimadamente a travs del rango de concentraciones en!ue oera la torre&

Si G &a es igual a 3, l* mol + h-ie3-atm, estimar la altura de rellenore!uerida ara !ue se ueda a*sor*er el "% del amoniaco&

SOLUCIN:

1 5 1 5

2 57 2 5

%8S9:; 5"%

2

? 56"#$@ 5 1atm

L2 5 240 l*+ie2-h

2 5 0 2 5 0

G1

G2 L2

L1G1 5 240l*+ie2-h

A>/3-aireB 1 5 0,027 1 5 2,040" 10-2


3/14

?enemos

Y 1= y1

1− y1= 0,02

1−0,02

Y 1=2,04081 x10

−2 lbmolNH 3

lbmol aire

/allando 7 2C 2

%Absorción=1−Y

2

Y 1=1−

Y 2

2,04081 x10−2

Y 2=4,081632 x10−4 lbmolNH 3

lbmol aire

y2= Y 2

1+Y 2=

4,081632 x 10−4

1+4,081632 x10−4

y2=4,079967 x 10−4

/allando GS

@ara G1

G1=

G1

1− y1

;onvertir G1 a Al*mol+ie2-hB

M mezcla=17,03 x 0,02+28,97 x (1−0,02 ) lb

lbmol

M NH 3=17,03 lb

lbmol


4/14

M aire=28,97 lb

lbmol

G1=

240 lb pie

2. h

(17,03 x0,02+28,97 x (1−0,02 )) lb

lbmol

G1=8,353288 lbmol

pie2.h

GS=G1 x (1− y1 )

GS=8,353288 x (1−0,02 )

GS=8,18622lbmol aire

pie2. h

@ara G2

G2=

GS

1− y2

G2=

8,18622lbmol aire

pie2. h

(1−4,079967 x10−4)

G2=8,189564 lbmol pie

2. h

/allando LS

L2= LS

1− x2

;onvertir L2 a Al*mol+ie2-hB


5/14

L2=

240 lb

pie2. h

18,02 lb

lbmol

L2=13,318535

lbmol

pie2. h

LS= L2 x (1− x2)

LS=13,318535lbmol H 2O

pie2. h

/allando 1

LS

GS= Y 1−Y 2 X 1− X 2

13,318535

8,18622

=2,04081 x 10

−2−4,081632 x10−4

X 1−0

X 1=1,229297 x 10

−2 lbmolNH 3

lbmol H 2O

x1=1,214369 x 10−2

/allando L1

L1=

LS

1− x1

L1= 13,318535

1−1,214369 x 10−2

L1=13,482259


6/14

/9: .DU>?E9S >U'S?: ;U:F .' 'U


7/14

TA$ULANO 6ALORES:

;9E9 FL9: EH>


8/14

.'L G:I$


9/14

/LL>.9 >t9G &

@:. $9:E N !OG= y1− y2( y− y¿ ) M

( y− y¿ ) M = ( y− y¿

)1−( y− y¿

)2

ln( ( y− y¿ )1

( y− y¿ )2 )

U?


10/14

( 1 y− y¿ )

(

1

y1− y1¿

)=89,88764045 y2=0,0004079967

( 1 y− y¿ )=105,20523078 y=0,0036939994

( 1 y− y¿ )=128,99435380 y=0,0069716928

(

1

y− y¿

)=166,91402379 y=0,0102411083

( 1 y− y¿ )=244,09933431 y=0,013502277

( 1 y− y¿ )=431,220465171 y=0,01675523

(

1

y2

− y2

¿

)=2451 y 1=0,02

/allando

# G .P$M = # y . P$M

PT

# G= # y

PT

# y= # G . PT

# y a= # Ga .PT

# y a=3,9 lbmol

pie3−h−a!m

.1a!m


11/14

# y a=3,9 lbmol

pie3−h

hora hallamos J

= H !OG . N !OG

H !OG= G

# y a (1− y ) M ¿

(1− y ) M ¿ =

(1− y )+(1− y¿ )2

N !OG=∫ y2

y1 "y

( y− y¿ )= y1− y2

( y− y ) M ¿

/allando /t9G

H !OG= G

# y a (1− y ) M ¿

(1− y ) M ¿ =

(1− y )+(1− y¿ )2

- /allando G1 , A1-BKE1

G1=8,353288 lbmol

pie2.h

(1− y ) M ¿ =

(1− y )+(1− y¿ )2

(1− y ) M ¿ =

(1−0,02 )+(1−0,008875 )2

(1− y ) M ¿=0,9855625

- /allando G2 , A1-BKE2


12/14

G2=8,189564 lbmol

pie2. h

(1− y ) M ¿ =

(1− y )+(1− y¿ )2

(1− y ) M ¿ =

(1−0,0004079967 )+(1−0 )2

(1− y ) M ¿=0,999796

/allando G@:9E A1-BK@:9E

G1+¿G22

G P&OM =¿

G P&OM =8,353288+8,189564

2

G P&OM =8,27142618475 lbmol

pie2.h

(1− y ) P&OM ¿

=(1− y ) M 1

¿+ (1− y ) M 2

¿

2

(1− y ) P&OM ¿

=0,9855625+0,999796

2

(1− y ) P&OM ¿

=0,99267925082

/allando /t9G

H !OG= G P&OM

# y a (1− y ) P&OM ¿

H !OG=

8,27142618475 lbmol

pie2. h

3,9

lbmol

pie3−h x 0,99267925082


13/14

H !OG=2,13652 pie

@L


14/14

N !OG=0,02−0,000407996

3,2419843 x 10−3

N !OG=6,0432137

:eemlazando datos

= H !OG . N !OG

% =2,13652 pie .6,0432137

% =12,911447 pie

masa absorción

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