cuadernillo de ecuaciones diferenciales
TRANSCRIPT
Cuadernillo de Ecuaciones Diferenciales
por: Mario Alberto Magaña Méndez
9 de julio de 2010
1
1. Introducción
1.1 De�niciones y clasi�cación de las ecuaciones diferenciales
1.2 Concepto de solución de Ecuaciones Diferenciales Ordinarias (E.D.O.)
1.3 Uso de modelos con ecuaciones diferenciales lineales y no lineales
2. Ecuaciones diferenciales de primer orden
2.1 De�nición y solución de E.D.O. de variables separables
2.2 De�nición y solución de E.D.O. con coe�cientes homogéneos
2.3 De�nición y solución de E.D.O. exactas
2.4 De�nición y solución de E.D.O. lineales de primer orden
2.5 De�nición y solución de E.D.O. de Bernoulli
3. Ecuaciones diferenciales de orden superior
3.1 Solución de E.D.O. de orden superior por coe�cientes indeterminados
3.2 Solución de E.D.O. de orden superior por variación de parámetros
3.3 Solución de E.D.O. de orden superior: La ecuación de Cauchy
Formulario
A. Potencias y raices
B. Productos y factores notables
C. Fracciones parciales
D. Logaritmos y antilogaritmos
E. Identidades trigonométricas comunes
F. Derivadas e integrales comunes
Bibliografía
1. Introducción
1.1 De�niciones y clasi�cación de las ecuaciones diferenciales
De�nición de Ecuación Diferencial:
1. Ecuación que contiene las derivadas de una o más variables dependientes con respecto a una o másvariables independientes.
2. Ecuación en la que la variable independiente presenta un orden de derivación.
3. Ecuación que contiene una función desconocida y una o más de sus derivadas.
4. Representación matemática de un fenómeno natural.
Clasi�cación de una Ecuación Diferencial según su tipo, orden, linealidad y homogeneidad:
* Tipo
{Ordinarias
Parciales
- Ordinarias.- Contiene derivadas de una o más variables dependientes con respecto a una sola variable
independiente, ejemplos: dydx + 5y = ex, d
2ydx2 − dy
dx + 6y = 0 y dxdt + dy
dt = 2x+ y
- Parciales.- Contiene derivadas de una o más variables dependientes con respecto de dos o más variables
independientes, ejemplos: ∂2u∂x2 + ∂2u
∂y² = 0, ∂2u∂x2 = ∂2u
∂t² − 2∂u∂t y ∂u∂y = − ∂v
∂x
Nota: En ambos casos, observe las variables usadas en los denominadores después de las letras d y ∂.¾Cuántas variables diferentes son usadas en las ecuaciones ordinarias?
Otro ejemplo de Ecuación Diferencial Ordinaria (E.D.O.) es: dy = 7dx ¾Por qué?
* Orden.- Tanto para las ecuaciones diferenciales ordinarias y parciales, es el de la derivada de mayor
orden. d2ydt2 − 5
(dydt
)3+ 6y = 0
Nota: Observe el lugar en el que se coloca el superíndice numérico, tanto en el numerador como en el
denominador. Otra forma de escribir la ecuación sería: d2
dt2 y − 5(ddty)3
+ 6y = 0, de esta forma se observamejor el orden de cada una de las derivadas en la E.D., ¾Cuál es su orden?.
* Linealidad.- Una E.D.O. de orden n es lineal cuando tiene la forma:
an(x) dnydxn + an−1(x) d
n−1ydxn−1 + an−2(x) d
n−2ydxn−2 + ...+ a2(x) d
2ydx2 + a1(x) dydx + a0(x)y = g(x)
Ejemplo: d3ydw3 − w dy
dw − 5y = ew
2
3
Propiedades características de las ecuaciones diferenciales ordinarias lineales:
a) La variable dependiente y y todas sus derivadas, son de primer grado.
b) Cada coe�ciente an solo depende de la variable independiente 'x', es una función de 'x'.
Nota: En ocasiones a �n de clasi�car la ecuación diferencial, es necesario acomodarla ejemplo: (y −x)dx+ 4xdy = 0
* Homogeneidad.- Una E.D.O. es homogénea si después de ordenarla g(x) = 0, de lo contrario es nohomogénea, ejemplo
d3ydx3 − x dydx − 5y = 0 para este caso g(x) = 0 por lo tanto la ecuación es homogénea
Nota: Obsérvese que los coe�cientes an(x) (los que están multiplicados por y o cualquiera de susderivadas, están del lado izquierdo de la igualdad)
Notaciones para las E.D.O.:
1. de Leibniz.
dydx ,
d2ydx2 ,
d3ydy³ , ...
2. de primas.
y´, y´´, y´´´, y(4), ...
3. de Newton o de puntos (usada en física e ingeniería para indicar derivadas respecto al tiempo t)
y, y,...y , ...
Formas de las E.D.O.:
1. General.
F (x, y, y´, y´´, ..., y(n)) = 0
2. Normal.
dydx = f(x, y)
d2ydx2 = f(x, y, y´)
1.2 Concepto de solución de Ecuaciones Diferenciales Ordinarias (E.D.O.)
La solución de una E.D.O. es cualquier función que al sutituirse en la ED, la reduce a una identidad, entresus catacterísticas tenemos:
a) Esta de�nida en un intervalo I (también conocido como intervalo de de�nición, intervalo de existencia,intervalo de validez o dominio).
b) Posee al menos n derivadas en el intervalo I, de acuerdo al orden de E.D..
4
Nota: A diferencia del álgebra elemental, en la cual buscábamos los números desconocidos que satisfacena la ecuación (ejemplo: x²+ x+ 3 = 0), al resolver una ecuación diferencial, lo que buscamos es el conjuntode funciones y = g(x) que satisfacen a la identidad (ejemplo: g´(x)− 2xg(x) = 0).
Ejemplos:
a) y = e(0.1x2)es una solución de dy
dx = 0.2xy en el intervalo (−∞, ∞)
- Sustituimos y en cada lugar donde aparezca en la E.D..
d(e(0.1x2))
dx = 0.2xe(0.1x2)
- Derivando el primer miembro de la igualdad.
e0.1x2 d(0.1x2)
dx = 0.2xe(0.1x2)
e0.1x2
(0.2x) = 0.2xe(0.1x2)
- Reacomodándolo.
0.2xe0.1x2
= 0.2xe(0.1x2)
b) y = 116x
4es una solución de dydx = xy
12 en el intervalo (−∞, ∞)
- Sustituimos y en cada lugar donde aparezca en la E.D..
d( 116x
4)
dx = x(
116x
4) 1
2
- Derivando el primer miembro de la igualdad y simpli�cando el segundo.
116 (4)x3 = x
(14x
2)
- Simpli�cando ambos miembros.
14x
3 = 14x
3
Tipos de soluciones:
a) Trivial.- Si y = 0
b) Explícita.- La variable dependiente se expresa en términos de la variables independiente y constantes,por lo tando adopta la forma y = g(x); de esto último se desprende que la solución trivial es una soluciónexplícita. Ejemplo:
- y = 1x
- y = xe(x)
- y = sen(x)
- y = ln(x)
c) Implícita.- Adopta la forma G(x, y) = 0. Ejemplos:
5
- x² + y² = 25
- e(y) + x = 7
d) General.- En la solución aparece(n) la(s) constante(s): c, c1, c2, c3, ...
- y = 1x + c
- y = c1ex + c2e
x
Nota: Dependiendo de la cantidad de constantes en la solución, podemos tener una familia monoparamétri-ca G(x, y, c) de soluciones para una E.D. del tipo F (x, y, y´) o bien una familia n-paramétrica de solucionesG(x, y, c1, c2, ..., cn) para una E.D. del tipo G(x, y, y´, ..., y(n)).
e) Particular.- Cuando en la solución la(s) constante(s): c, c1, c2, c3, ... son sustituidas por un valorespecí�co. Ejemplos:
- y = 1x + 3 para c = 3
- y = e(x) + 2e(x) para c1 = 1 y c2 = 2
f) Singular.- Es una solución adicional, no se puede obtener a partir de la solución general. Ejemplo:
- La ecuación diferencial dydx = xy
12 tiene las soluciones: una familia monoparamétrica de soluciones
y =(x2
4 + c)2
y la solución trivial (y = 0)
Nota: No hay un valor existente para la constante c de tal manera que y = 0.
De acuerdo a lo anterior, entonces ¾Cuál sería la solución singular para cada una de las ecuacionesdiferenciales dadas?
1.3 Uso de modelos con ecuaciones diferenciales lineales y no lineales
Modelo matemático.- Es la descripción matemática de un sistema o fenómeno, los modelos se formansiguiendo objetivos especí�cos.
Pasos para la creación de un modelo matemático:
a) Identi�cación de las variables causantes del cambio en el sistema. (El nivel de resolución del modelo,está determinado por la cantidad de variables incluidas)
b) Formulación de hipótesis (deben observar todas las leyes empíricas aplicables) razonables sobre elsistema en estudio.
Algunos modelos existentes son:
a) Modelo de Malthus.
dPdt = kP
kP Crecimiento
{-Capital
-Demográ�co
−kP Desintegración
{-Radioactiva
-Vida media o periodo medio
6
b) Ley de Newton.
dTdt = k(T − Tm)
Si Tm es constante entonces k<0
c) Propagación de una enfermedad.
dxdt = kxy
donde x(t) es el número de persona enfermas y y(t) el número de personas sanas.
d) Interés compuesto.
dCdt = int
100C
e) Concentraciones.
dydt + vsal
Vo+(vent−vsal)t= ventC)
Nota: Una E.D. puede ser el modelo matemático de muchos fenómenos distintos, pero con el mismocomportamiento.
2. Ecuaciones diferenciales de primer orden
2.1 De�nición y solución de E.D.O. de variables separables
Una E.D.O. de primer orden de la forma:
M(x)dx+N(y)dy = 0
es una Ecuación Diferencial de Variables Separables, cuya solución está dada por:
´M(x)dx+
´N(y)dy = c
Nota: Aunque las E.D.O. de variables separables son relativamente las más sencillas de resolver, frecuente-mente es necesario emplear diversos arti�cios matemáticos a �n de separar las variables adecuadamente.
Ejemplos:
a) dydx = e(3x+2y)
dydx = e(3x)e(2y)
c = e(3x)dx− e(−2y)dy
´e(3x)dx−
´e(−2y)dy = c
13
´e(3x)(3)dx+ 1
2
´e(−2y)(−2)dy = c
13e
(3x) + 12e
(−2y) = c
13e
(3x) + 12e
(−2y) = c (multiplicando por 6)
2e(3x) + 3e(−2y) = 6c si 6c = C (porque sigue siendo una constante desconocida)
2e(3x) + 3e(−2y) = C (solución general, implícita)
b) (x2y + 4y)dy − (2x+ xy2)dx = 0, con condiciones iniciales y(2) = 3
(x2 + 4)ydy − (2 + y2)xdx = 0 (dividiendo por −(x2 + 4) y −(2 + y2))
− y(2+y2)dy + x
(x2+4)dx = 0
x(x2+4)dx−
y(y2+2)dy = 0
12
´x
(x2+4) (2)xdx− 12
´y
(y2+2) (2)dy = c
7
8
12 ln(x2 + 4)− 1
2 ln(y2 + 2) = c (multiplicando por 2)
ln(x2 + 4)− ln(y2 + 2) = 2c
ln(x2 + 4)− ln(y2 + 2) = 2c
e[ln(x2+4)−ln(y2+2)] = e2c
eln(x2+4)e−ln(y
2+2) = e2c
(x2 + 4)eln(y2+2)−1
= e2c
x2+4y2+2 = e2csi e2c = C (porque sigue siendo una constante desconocida)
x2+4y2+2 = C (solución general, implícita)
22+432+2 = C (aplicando las condiciones iniciales)
c = 811
x2+2y2+4 = 8
11 (solución particular)
2.2 De�nición y solución de E.D.O. con coe�cientes homogéneos
Una E.D.O. de primer orden de la forma:
M(x, y)dx+N(x, y)dy = 0
será de coe�cientes homogéneos si M y N son coe�cientes homogéneos de grado n, es decir:
si
M(tx, ty) = tnM(x, y)
y
N(tx, ty) = tnM(x, y)
Si esto se cumple, entonces es posible hacer un cambio de variable tal que:
y = ux y dy = udx+ xdu
y
x = vy y dx = vdy + ydv
donde u y v son nuevas variables dependientes que reducirán a la E.D. con coe�cientes homogéneos a unaE.D. de variables separables de primer orden.
Nota: Si M(x, y) es más simple en su estructura algebráica, usar x = vy; si N(x, y) es más simple en suestructura algebráica, usar y = ux.
9
Ejemplos:
a) y´ = xyx2−y2
(x2 − y2)dy = xydx
0 = xydx− (x2 − y2)dy
xydx− (x2 − y2)dy = 0
si M(x y) = xy entonces M(tx, ty) = txty = t2xy
si N(x, y) = −(x2 − y2) entonces N(tx, ty) = −(t2x2 − t2y2) = t2[−(x2 − y2)]
los coe�cientes M y N son homogéneos de grado 2. Por otra parte, una multiplicación es más simple queuna suma algebráica de dos potencias, por lo que M es más simple, por lo tanto usaremos la sustituciónx = vy, lo que implica que dx = udy + ydu y v = x
y .
vy2(vdy + ydv)− (v2y2 − y2)dy = 0
v2y2dy + vy3dv − v2y2dy + y2dy = 0
vy3dv + y2dy = 0
y2dy = −vy3dv
dyy = −vdv
dyy + vdv = 0
´dyy +´vdv = c
ln(y) + 12v
2 = c
ln(y) + 12xy2 = c
b) (x+ ye(yx ))dx− xe(
yx )dy = 0, con condiciones iniciales: y(1) = 0
si M(x, y) = (x+ ye(yx )) entonces M(tx, ty) = (tx+ tye(
tytx )) = t(x+ ye(
yx ))
si N(x, y) = −xe(yx ) entonces N(tx, ty) = −txe(
tytx ) = t(−xe(
yx ))
los coe�cientes M y N son homogéneos de grado 1 y N es más simple, por lo que usaremos la sustitucióny = ux, lo que implica que dy = udx+ xdu y u = y
x .
(x+ uxe(uxx ))dx− xe(ux
x )(udx+ xdu) = 0
xdx+ uxe(u)dx− uxe(u)dx− x2eudu = 0
xdx = x2eudu
dxx = eudu
10
dxx − e
udu = 0
´dxx −
´eudu = c
ln(x)− eu = c
ln(x)− eyx = c (aplicando las condiciones iniciales)
ln(1)− e 01 = c
0− e0 = c
c = −1
ln(x)− eyx = −1 (solución particular)
Otra forma de resolver este tipo de E.D. es empleando la fórmula siguiente:
dxx + N(1, u)du
M(1, u)+uN(1, u) = 0
2.3 De�nición y solución de E.D.O. exacta
Una E.D. de la forma:
M(x, y)dx+N(x, y)dy = 0
Es una ecuación diferencial exacta si:
∂M∂y = ∂N
∂x
Cuya solución está dada por:
´Mdx+
´ (N − ∂
∂y
´Mdx
)dy = c
Nota: El resultado también se puede obtener a partir de N con las debidas consideraciones en los cambiosde variables al integrar y derivar.
Ejemplos:
a) 2xy + (x2 − 1)dy = 0
si M(x y) = 2xy entonces ∂∂yM(x, y) = 2x
si N(x, y) = (x2 − 1) entonces ∂∂xN(x, y) = 2x
observamos que las derivadas parciales son iguales por lo que tenemos una ecuación diferencial exacta.Aplicando la fórmula:
si´Mdx = 2y
´xdx = x2y
y ∂∂y
´Mdx = x2 ∂
∂yy = x2
entonces
11
x2y +´
(x2 − 1− x2)dy = c
x2y −´dy = c
x2y − y = c
b) [e(2y) − ycos(xy)]dx+ [2xe(2y) − xcos(xy) + 2y]dy = 0
si M(x y) = e(2y) − ycos(xy) entonces ∂∂y [e(2y) − ycos(xy)] = 2e(2y) + xysen(xy)− cos(xy)
si N(x, y) = 2xe(2y) − xcos(xy) + 2y entonces ∂∂x (2xe(2y) − xcos(xy) + 2y) = 2e(2y) + xysen(xy)− cos(xy)
observamos que las derivadas parciales son iguales por lo que tenemos una ecuación diferencial exacta.Aplicando la fórmula:
si´Mdx =
´([e− ycos(xy)]dx = xe(2y) − sen(xy)
y ∂∂y
´Mdx = ∂
∂y [xe(2y) − sen(xy)] = 2xe(2y) − xcos(xy)
entonces
xe(2y) − sen(xy) +´
[2xe(2y) − xcos(xy) + 2y − 2xe(2y) + xcos(xy)]dy = c
xe(2y) − sen(xy) + 2´ydy = c
xe(2y) − sen(xy) + y2 = c
Existen un caso particular en el que para aplicar este método de solución a una E.D.M(x, y)dx+N(x, y)dy = 0en donde ∂M
∂y 6=∂N∂x , es necesario encontrar un factor integrante que permita reducirla a una E.D. exacta
tal que µM(x, y)dx+ µN(x, y)dy = 0 y ∂µM∂y = ∂µN
∂x . Hay dos formas de obtener a µ:
1. µ(x) = e´ ∂M
∂y− ∂N
∂xN dx = e
´ My−NxN dx
2. µ(y) = e´ ∂N
∂x− ∂M
∂yM dy = e
´ Nx−MyM dy
Nota: Se sugiere examinar la estructura algebráica de µ(x) y µ(y) antes de hacer una elección.
2.4 De�nición y solución de E.D.O. lineales de primer orden
Al dividir la E.D.O. de primer orden de la forma:
a1(x) dydx + a0(x)y = g(x) entre, a1(x) obtenemos la forma estándar de una ecuación lineal, es decir:
dydx + P (x)y = Q(x) si Q(x)
{= 0 la ecuación lineal eshomogénea
6= 0 la ecuación linal noeshomogénea
Para obtener su solución, debemos conocer el factor integrante e´P (x)dx y aplicar la fórmula siguiente:
e´P (x)dxy =
´e´P (x)dxQ(x)dx+ c
O bien
12
y = 1e´P (x)dx
´e´P (x)dxQ(x)dx+ c
e´P (x)dx
Ejemplos:
a) dydx + 7y = 0
e7´dx = e7x (factor integrante)
y =´e7x(0)dx+c1
e7x
y =´0+c1e7x
y = c2+c1e7x si c2 + c1 = c (porque sigue siendo una constante desconocida)
y = ce7x (solución general, explícita)
b) dydx + y = x, con condiciones iniciales y(0) = 4
e´dx = ex (factor integrante)
y =´xexdx+cex
y = xex−ex+cex
y = x− 1 + cex (solución general)
4 = 0− 1 + c (aplicando la condición inicial)
4 + 1 = c = 5
y = x− 1 + 5ex
2.5 De�nición y solución de E.D.O. de Bernoulli
* Se le llama E.D. de Bernoulli a la E.D. de la forma:
dydx + P (x)y = Q(x)yn donde n es un número real
Nota: Si n = 0 o n = 1, tenemos una E.D.O. L., cuya solución se puede obtener mediante el factorintegrante e
´P (x)dx y mediante separación de variables, respectivamente.
Para resolver la ecuación de Bernoulli, tenemos que transformarla en una E.D.O.L. por lo que tendremosque identi�car los siguientes elementos:
1. P (x)
2. Q(x)
3. n
4. w = y(1−n) = 1y(n−1)
13
De tal manera que formemos la siguiente expresión:
dwdx + (1− n)P (x)w = (1− n)Q(x) con factor integrante e(1−n)
´P (x)dx
Es decir:
dwdx + P ′(x)w = Q′(x) con factor integrante e
´P ′(x)dx donde P'(x) = (1− n)P (x) y Q′(x) = (1− n)Q(x)
Cuya solución está dada por:
e´P ′(x)dxy =
´e´P ′(x)dxQ(x)dx+ c
O bien
y = 1e´P ′(x)dx
´e´P ′(x)dxQ(x)dx+ c
e´P ′(x)dx
Ejemplos:
a) dydx − y = exy2
si P (x) = −1, f(x) = ex y n = 2 entonces:
dwdx + (1− 2)(−1)w = (1− 2)ex con factor integrante e(1−2)
´−1dx = e
´dx = ex
exw = −´exexdx+ c1 = −
´e2xdx = − 1
2e2x + c1
w =(− 1
2 e2x+c1)ex =
(−e2x+2c1
2
)ex = c−e2x
2ex
si w = y1−2 = 1y
1y = c−e2x
2ex
y = 2ex
c−e2x
b) dydx = y
x+x2y3dxdy = x+y3x2
y = xy + y2x2
dxdy −
xy = y2
si P (y) = − 1y , f(y) = y2 y n = 2 entonces:
dwdy + (1− 2)
(− 1y
)w = (1− 2)y2 con factor integrante e(1−2)
´− 1
y dy = eln(y) = y
yw =´y(−y2)dy + c1 = −
´y3dy = −y
4
4 + c1
w = c−y44y
si w = x1−2 = 1x
1x = c−y4
4y
x = 4yc−y4
3. Ecuaciones diferenciales de orden superior
3.1 Solución de E.D.O. de orden superior con coe�cientes constantes porcoe�cientes indeterminados
La E.D.O. L. de la foma:
any(n) + an−1y
(n−1) + an−2y(n−2) + ...+ a2y
′′+ a1y
′+ a0y = g(x)
O de la foma:
anD(n)y + an−1D
(n−1)y + an−2D(n−2)y + ...+ a2D
′′y + a1D
′y + a0y = g(x)
En donde:
a0, a1, a2, ..., an−2, an−1, an
Recibe el nombre de Ecuación Diferencial de Ordinaria de orden superior con coe�cientes constantes,cuyo método de solución por coe�cientes indeterminados, tiene dos enfoques: superposición y operadoranulador.
3.1.1 Enfoque de superposición.
Una E.D.O. L. no homogénea de la forma:
any(n) + an−1y
(n−1) + an−2y(n−2) + ...+ a2y
′′+ a1y
′+ a0y = g(x)
Se resuelve mediante:
1. Encontrar la solución complementaria yc.
2. Encontrar la solución particular yp.
3. Sumar ambas funciones de tal manera que y = yc + yp.
1. Encontrar la solución complementaria yc.
De la parte homogénea de la E.D. obtenemos una ecuación auxiliar de la forma: anmn + an−1m
n−1 +an−2m
n−2 + ...+a2m2 +a1m+a0 = 0 con raices: mn, mn−1, mn−2, ..., m2, m1 , en función de las raices, podemos
tener una combinación de los tres casos siguientes:
1) Raices diferentes:
yc = c1em1x + c2e
m2x + ...+ cn−2emn−2x + cn−1e
mn−1x + cnemnx
2) Raices repetidas:
14
15
yc = c1emx + c2xe
mx + c3x2emx...+ cn−2x
n−3emx + cn−1xn−2emx + cnx
n−1emx
3) Raiz compleja de la forma m1, m2 = α± βi:
yc = eαx[c1sen(βx) + c2cos(βx)]
2. Encontrar la solución particular yp.
De la forma de g(x) de la E.D., podemos tener cualquier combinación de los tres casos siguientes o solouno:
1) Polinomial (en función del grado):
yp = A+Bx+ Cx2 + ...+Xxn−2 + Y xn−1 + Zxn
2) Exponencial:
yp = Aeαx +Bxeαx + Cx2eαx + ...+Xxn−2eαx + Y xn−1eαx + Zxneαx
3) Trigonométrica:
yp = Asen(βx) +Bcos(βx)
Nota: Si algún elemento propuesto en yp ya se encuentra en yc, es necesario multiplicarlo por xn, de tal
manera que n sea el grado inmediato superior que diferencie a los términos.
Para encontrar los valores de las constantes:
1) Igualaremos a y con yp y la sustituiremos junto con sus derivadas, en la E.D.
2) Reduciremos términos semejantes en el primer miembro de la igualdad.
3) Agruparemos los términos del primer miembro de la igualdad, ajustándolos a la forma de g(x).
4) Igualaremos los coe�cientes, resolviendo el sistema de ecuaciones generado.
5) Sustituiremos los valores de la constantes encontrados en yp.
3. Sumar ambas soluciones de tal manera que y = yc + yp.
Ejemplos:
a) y′′ + 2y′ + 4y = −200x+ 10
la ecuación auxiliar de la parte homogénea es:
m2 + 2m+ 4 = 0
con raices:
m1 = −1 +√
3i
m2 = −1−√
3i
16
dado que las raices son complejas:
yc = c1e−xsen(
√3x) + c2e
−xcos(√
3x)
la forma de g(x) es polinomial por lo que la solución propuesta es:
yp = Ax+B
derivando la solución propuesta tanta veces como sea el orden de la ecuación diferencial:
y′p = A
y′′p = 0
sustituyendo y por yp en la ecuación diferencial:
0 + 2A+ 4(Ax+B) = −200x+ 10
4Ax+ 2A+ 4B = −200x+ 10
igualando los coe�cientes de los términos semejante en ambos lados de la igualdad:
4Ax = −200x (1)
2A+ 4B = 10 (2)
de (1)
A = −50
sustituyendo A en (2)
2(−50) + 4B = 10
4B = 110
B = 552
sustituyendo A y B en yp
yp = −50x+ 552
sumando yc con yp
y = c1e−xsen(
√3x) + c2e
−xcos(√
3x)− 50x+ 552
b) y′′ + 2y′ + y = xex
la ecuación auxiliar de la parte homogénea es:
m2 + 2m+ 1 = 0
con raices:
17
m1,2 = −1
dado que las raices son iguales o repetidas:
yc = c1e−x + c2xe
−x
la forma de g(x) es exponencial por lo que la solución propuesta es:
yp = Axex +Bex
derivando la solución propuesta tanta veces como sea el orden de la ecuación diferencial:
y′p = Axex +Aex +Bex
y′′p = Axex + 2Aex +Bex
sustituyendo y por yp en la ecuación diferencial:
Axex + 2Aex +Bex + 2(Axex +Aex +Bex) +Axex +Bex = xex
4Axex + (4A+ 4B)ex = xex
igualando los coe�ciente de los términos semejante en ambos lados de la igualdad:
4Axex = xex (1)
4A+ 4B = 0 (2)
de (1)
A = 14
sustituyendo A en (2)
4( 14 ) + 4B = 0
4B = −1
B = − 14
sustituyendo A y B en yp
yp = 14xe
x − 14ex
sumando yc con yp
y = c1e−x + c2xe
−x + 14xe
x − 14ex
3.1.2 Enfoque del operador anulador (Operador diferencial).
Una E.D.O. L. no homogénea de la forma:
anD(n)y + an−1D
(n−1)y + an−2D(n−2)y + ...+ a2D
′′y + a1D
′y + a0y = g(x)
18
Se resuelve mediante:
1. Encontrar la ecuación auxiliar en terminos del operador diferencial D a partir de la cual se obtendrála solución complementaria yc.
2. Encontrar un operador anulador adecuado para g(x) de tal manera que al multiplicar la E.D. pordicho operador g(x) = 0, de dicho operador diferencial se obtendrá la solución particular yp.
3. Concatenar la ecuación auxiliar con el operador anulador, sin perder de vista donde termina unaparte y donde comienza la otra.
4. Identi�car los valores de las constantes A, B, C, ... y sustituirlos en y.
1. Encontrar la ecuación auxiliar en términos del operador diferencial D a partir de la cual se obtendrá lasolución complementaria yc.
De la parte homogénea de la E.D. obtenemos una ecuación auxiliar de la forma: anDn + an−1D
n−1 +an−2D
n−2 + ...+ a2D2 + a1D + a0
2. Encontrar un operador anulador adecuado para g(x) de tal manera que al multiplicar la E.D. por dichooperador g(x) = 0, de dicho operador diferencial se obtendrá la solución particular yp.
3. Concatenar la ecuación auxiliar con el operador anulador, sin perder de vista donde termina una partey donde comienza la otra.
De la expresión (Factores de laEcuacionAuxiliar)(Operador Anulador) = 0 encontraremos sus raices paraformar a y de acuerdo a:
a) Si las raices son diferentes
{c1e
D1x + c2eD2x + c3e
D3x + ... para laEcuacionAuxiliar
AeD1x +BeD2x + CeD3x + ... para el Operador Anulador
b) Si las raices son repetidas
{c1e
Dx + c2xeDx + c3xe
Dx + ... para laEcuacionAuxiliar
AeDx +BxeDx + Cx2eDx + ... para el Operador Anulador
c) Si las raices son complejas (α± βi)
{c1e
αxsen(βx) + c2eαxcos(βx) para laEcuacionAuxiliar
Aeαxsen(βx) +Beαxcos(βx) + ... para el Operador Anulador
Nota: Si alguno de los términos (sin la constante) para yp, ya se encuentra en yc, es necesario multiplicarel o los términos repetidos por xn donde ′n′ es el grado inmediato superior que los haga diferentes.
4. Identi�car los valores de las constantes A, B, C, ... y sustituirlos en y.
Para encontrar los valores de las constantes que corresponden a yp se procede de la misma manera queen el enfoque de superposición. Finalmente se sustituyen las constantes por los valores encontrados.
Ejemplos:
a) y′′ + 2y′ + 4y = −200x+ 10
sa ecuación auxiliar de la parte homogénea es:
m2 + 2m+ 4 = 0
19
con raices:
m1 = −1 +√
3i
m2 = −1−√
3i
dado que las raices son complejas:
yc = c1e−xsen(
√3x) + c2e
−xcos(√
3x)
sa forma de g(x) es polinomial por lo que el operador anulador es:
D2(−200x+ 10) = 0
aplicando los mismos conceptos que con la ecuación auxiliar:
m2 = 0
con raices
m1,2 = 0
dado que las raices son iguales o repetidas:
yp = A+Bx
derivando la solución propuesta tanta veces como sea el orden de la ecuación diferencial:
y′p = B
y′′p = 0
sustituyendo y por yp en la ecuación diferencial:
0 + 2B + 4(A+Bx) = −200x+ 10
4A+ 2B + 4Bx = 10− 200x
igualando los coe�cientes de los términos semejante en ambos lados de la igualdad:
4A+ 2B = 10 (1)
4Bx = −200x (2)
de (2)
B = −50
sustituyendo B en (1)
4A+ 2(−50) = 10
4A = 110
20
A = 552
sustituyendo A y B en yp
yp = 552 − 50x
yp = −50x+ 552
sumando yc con yp
y = c1e−xsen(
√3x) + c2e
−xcos(√
3x)− 50x+ 552
b) y′′ + 2y′ + y = xex
la ecuación auxiliar de la parte homogénea es:
m2 + 2m+ 1 = 0
con raices:
m1,2 = −1
dado que las raices son iguales o repetidas:
yc = c1e−x + c2xe
−x
la forma de g(x) es exponencial por lo que el operador anulador es:
(D − 1)2(xex) = 0
aplicando los mismos conceptos que con la ecuación auxiliar:
(m− 1)2 = 0
con raices
m1,2 = 1
yp = Aex +Bxex
derivando la solución propuesta tanta veces como sea el orden de la ecuación diferencial:
y′p = Aex +Bxex +Bex
y′′p = Aex +Bxex + 2Bex
sustituyendo y por yp en la ecuación diferencial:
Aex +Bxex + 2Bex + 2(Aex +Bxex +Bex) +Aex +Bxex = xex
(4A+ 4B)ex + 4Bxex = xex
igualando los coe�ciente de los términos semejante en ambos lados de la igualdad:
21
4A+ 4B = 0 (2)
4Bxex = xex (1)
de (2)
B = 14
sustituyendo B en (1)
4A+ 4( 14 ) = 0
4A = −1
A = − 14
sustituyendo A y B en yp
yp = − 14ex + 1
4xex
yp = 14xe
x − 14ex
sumando yc con yp
y = c1e−x + c2xe
−x + 14xe
x − 14ex
3.2 Solución de E.D.O. de orden superior por variación de parámetros
Una E.D.O. L. no homogénea de la forma:
anyn + an−1y
n−1 + an−2yn−2 + ...+ a2y
′′+ a1y
′+ a0y = g(x)
Se resuelve mediante:
1. Encontrar la solución complementaria yc.
2. Encontrar la solución particular yp.
3. Sumar ambas funciones de tal manera que y = yc + yp.
1. Encontrar la solución complementaria yc.
De la parte homogénea de la E.D. obtenemos una ecuación auxiliar de la forma:
anαn + an−1α
n−1 + an−2αn−2 + ...+ a2α
2 + a1α+ a0 = 0
Al obtener las raices, podemos tener una combinación de los casos siguientes:
a) Si las raices son diferentes
yc = c1eα1x + c2e
α2x + c3eα3x + ...
b) Si las raices son repetidas
22
yc = c1eαx + c2xe
αx + c3x2eαx + ...
c) Si las raices son complejas (α± βi)
yc = c1eαxsen(βx) + c2e
αxcos(βx)
2. Encontrar la solución particular yp.
De la solución complementaria (sin tomar en cuenta la constante), el primer término corresponderá ay1, el segundo a y2 y así sucesivamente, de tal manera que yp = u1y1 + u2y2 + ...
De yp y g(x) formaremos el siguiente sistema de ecuaciones:
y1 u′
1 + y2 u′
2 + . = 0
y′1 u′
1 + y′2 u′
2 + . = 0
y′′1 u′
1 + y′′2 u′
2 + . = 0. + . + . .
y(n)1 u
′
1 + y(n)2 u
′
2 + . = g(x)
Para resolver el sistema
3. W =
y1 y2 . yny′1 y′2 . y′n. . . .
y(n)1 y
(n)2 . y
(n)n
u′1 =
0 y2 . yn0 y′2 . y′n. . . .
g(x) y(n)2 . y
(n)n
W ; u1 =
´u′1dx
u′2 =
y1 0 . yny′1 0 . y′n. . . .
y(n)1 g(x) . y
(n)n
W ; u2 =
´u′2dx
Los valores encontrados (u1, u′2, ...) se sustiyen en yp
4. Sumar ambas soluciones de tal manera que y = yc + yp.
Ejemplos:
a) y′′ + 2y′ + 2y = e(x)
la ecuación auxiliar de la parte homogénea es:
m2 + 2m+ 2 = 0
con raices:
m1 = −1 + i
m2 = −1− i
dado que las raices son complejas:
23
yc = c1e(−x)sen(x) + c2e
(−x)cos(x)
partiendo de yc tenemos que:
y1 = e(−x)sen(x)
y2 = e(−x)cos(x)
por lo que:
yp = u1e(−x)sen(x) + u2e
(−x)cos(x)
y
e(−x)sen(x)u′1 + e(−x)cos(x)u′2 = 0
[e(−x)cos(x)− e(−x)sen(x)]u′1 + [−e(−x)sen(x)− e(−x)cos(x)]u′2 = e(x)
W =
[e(−x)sen(x) e(−x)cos(x)
e(−x)cos(x)− e(−x)sen(x) −e(−x)sen(x)− e(−x)cos(x)
]
W = −e(−2x)sen2(x)− e(−2x)sen(x)cos(x)− e(−2x)cos2(x) + e(−2x)sen(x)cos(x)
W = −e(−2x)sen2(x)− e(−2x)cos2(x) = −e(−2x)[sen2(x) + cos2(x)]
W = −e−2x
obteniendo u1 y u2:
u′1 =
0 e(−x)cos(x)e(x) −e(−x)sen(x)− e(−x)cos(x)
W = −cos(x)
−e(−2x) = e(2x)cos(x)
u1 = e(2x)[sen(x)+2cos(x)]5
u′2 =
e(−x)sen(x) 0e(−x)cos(x)− e(−x)sen(x) e(x)
W = sen(x)
−e(−2x) = −e(2x)sen(x)
u2 = − e(2x)[2sen(x)−cos(x)]
5
Sustituyendo u1 y u2 en yp
yp = { e(2x)[sen(x)+2cos(x)]
5 }e(−x)sen(x) + {− e(2x)[2sen(x)−cos(x)]
5 }e(−x)cos(x)
yp = 15e
(x){sen(x)[sen(x) + 2cos(x)]− cos(x)[2sen(x)− cos(x)]}
yp = 15e
(x)[sen2(x) + 2sen(x)cos(x)− 2sen(x)cos(x) + cos2(x)]
yp = 15e
(x)
sumando yc con yp
24
y = c1e(−x)sen(x) + c2e
(−x)cos(x) + 15ex
b) y′′ + 4y = sen(2x)
la ecuación auxiliar de la parte homogénea es:
m2 + 4 = 0
con raices:
m1 = 2i
m2 = −2i
dado que las raices son complejas:
yc = c1sen(2x) + c2cos(2x)
partiendo de yc tenemos que:
y1 = sen(2x)
y2 = cos(2x)
por lo que:
yp = u1sen(2x) + u2cos(2x)
y
sen(2x)u′1 + cos(2x)u′2 = 0
2cos(2x)u′1 − 2sen(2x)u′2 = sen(2x)
W =
[sen(2x) cos(2x)2cos(2x) −2sen(2x)
]
W = −2sen2(x)− 2cos2(x)
W = −2[sen2(x) + cos2(x)]
W = −2
obteniendo u1 y u2:
u′1 =
0 cos(2x)sen(2x) −2sen(2x)
W = −sen(2x)cos(2x)
−2 = sen(2x)cos(2x)2
u1 = sen2(2x)8
u′2 =
sen(2x) 02cos(2x) sen(2x)
W = sen2(2x)
−2
25
u2 = −x4 + sen(4x)16
Sustituyendo u1 y u2 en yp
yp = { sen2(2x)8 }sen(2x) + {−x4 + sen(4x)
16 }cos(2x)
yp = sen3(2x)8 − xcos(2x)
4 + sen(4x)cos(2x)16
sumando yc con yp
y = c1sen(2x) + c2cos(2x) + sen3(2x)8 − xcos(2x)
4 + sen(4x)cos(2x)16
3.3 Solución de E.D.O. de orden superior: La ecuación de Cauchy, Euler
Una E.D.O. L. homogénea de la forma:
anxny(n) + an−1x
n−1y(n−1) + an−2xn−2y(n−2) + ...+ a2y
2y′′
+ a1xy + a0y = 0
Se resuelve mediante:
1. Sustituir a y y sus derivadas por xm y sus derivadas.
2. De la ecuación anterior hay que encontrar sus raices, para formar a y.
1. Sustituir a y y sus derivadas por xm y sus derivadas.
y = xm
y′ = mxm−1
y′′ = m(m− 1)xm−2
y′′′ = m(m− 1)(m− 2)xm−3 y así sucesivamente
Después de hacer la sustitución, hay que reducir término semejantes y despejar xm quedando unaecuación de la forma:
anmn + an−1m
n−1 + an−2mn−2 + ...+ a2m
2 + a1m+ a0 = 0
2. De la ecuación anterior hay que encontrar sus raices, para formar a y.
De la ecuación auxiliar: anmn + an−1m
n−1 + an−2mn−2 + ... + a2m
2 + a1m + a0 = 0 obtenemos las raices:mn, mn−1, mn−2, ..., m2, m1, en función de las raices, podemos tener una combinación de los tres casossiguientes:
1) Raices diferentes:
y = c1xm1 + c2x
m2 + ...+ cn−2xmn−2 + cn−1ex
mn−1 + cnxmn
2) Raices repetidas:
y = c1xm + c2x
mln(x) + c2xmln2(x) + ...
26
3) Raiz compleja de la forma m1, m2 = α± βi:
y = c1xαsen[βln(x)] + c2x
αcos[βln(x)]
Ejemplos:
a) x2y′′ + 2xy′ + y = 0
sustituyendo y poy xm tenemos:
x2m(m− 1)xm−2 + 2xmxm−1 + xm = 0
reduciendo términos semejantes y factorizando xm:
(m2 +m+ 1)xm = 0
con raices:
m1 = − 12 +
√3i2
m2 = − 12 −
√3i2
dado que las raices son complejas:
y = c1x− 1
2 sen[√32 ln(x)] + c2x
− 12 cos[
√32 ln(x)]
b) x2y′′ + 3xy′ + y = 0
sustituyendo y poy xm tenemos:
x2m(m− 1)xm−2 + 3xmxm−1 + xm = 0
reduciendo términos semejantes y factorizando xm:
(m2 + 2m+ 1)xm = 0
con raices:
m1,2 = −1
dado que las raices son iguales o repetidas:
y = c1x−1 + c2x
−1ln(x)
Formulario
A. Potencias y raices
p1. un = 1u−n ,
1un = u−n
r1. n√um = u
mn
B. Productos y factores notables
p1. (u± v)2 = u2 ± 2uv + v2
p2. (u+ v)3 = u3 + 3u2v + 3uv2 + v3 → (u− v)3 = u3 − 3u2v + 3uv2 − v3
f1. u2 − v2 = (u+ v)(u− v)
f2. u3 + v3 = (u+ v)(u2 − uv + v2)→ u3 − v3 = (u− v)(u2 + uv + v2)
C. Fracciones parciales
Se deben cumplir las siguientes condiciones:
1) El grado del numerador debe ser menor que el grado del denominador
2) Al factorizar el denominador, se pueden observar los siguientes casos:
i. Factores diferentes
f(x)m(x)n(x)o(x) ... = A
m(x) + Bn(x) + C
o(x) + ...
ii. Factor repetido
f(x)[m(x)]n ... = A
m(x) + B[m(x)]2
+ ...+ Constante[m(x)]n
iii. Factor cuadrático irreducible, no repetido
f(x)(ax2+b) ... = Ax+B
(ax2+b) + Cx+D(cx2+d) + ...
iiii. Factor cuadrático irreducible, repetido
f(x)(ax2+b)n ... = Ax+B
(ax2+b) + Cx+D(cx2+d)2 + ...+ C1x+C2
(C3x2+C4)n
27
28
D. Logaritmos y antilogaritmos
l1. ln(uv) = ln(u) + ln(v)
l2. ln(uv ) = ln(u)− ln(v)
l3. nln(u) = ln(un), 1n ln(u) = ln( n
√u) y m
n ln(u) = ln( n√um)
a1. ln(ev) = eln(v) = v
E. Identidades trigométricas comunes
it01. sen(v) = 1csc(v)
it02. cos(v) = 1sec(v)
it03. tan(v) = 1cot(v) = sen(v)
cos(v)
it04. sen2(v) + cos2(v) = 1
it05. sen(2v) = 2sen(v)cos(v)
it06. cos(2v) = cos2(v)− sen2 = 1− 2sen2(v) = 2cos2(v)− 1
it07. sen2(v) = 12 −
12cos(2v)
it08. cos2(v) = 12 + 1
2cos(2v)
F. Derivadas e integrales comunes
d01. dcdx = 0
d02. dcvdx = c dvdx
d03. dxn
dx = nxn−1 → dvn
dx = nvn−1 dvdx
d04. dln(x)dx = 1
x →dln(v)dx = 1
vdvdx
d05. dex
dx = ex → dev
dx = ev dvdx
d06. dsen(x)dx = cos(x)→ dsen(v)
dx = cos(v) dvdx
d07. dcos(x)dx = −sen(x)→ dcos(v)
dx = −sen(v) dvdx
d08. dtan(x)dx = sec2(x)→ dtan(v)
dx = sec2(v) dvdx
d09. dcot(x)dx = −cos2(x)→ dcot(v)
dx = −cos2(v) dvdx
d10. dsec(x)dx = tan(x)sec(x)→ dsec(v)
dx = tan(v)sec(v) dvdx
d11. dcsc(x)dx = −cot(x)csc(x)→ dcsc(v)
dx = −cot(v)csc(v) dvdx
29
i01.´
0 = c
i02.´kvdv = k
´vdv + c
i03.´
1xdx = ln(x) + c→
´1vdv = ln(v) + c
i04.´xndx = xn+1
n+1 + c→´vndv = vn+1
n+1 + c
i05.´ln(x)dx = xln(x)− x+ c→
´ln(v)dv = vln(v)− v + c
i06.´exdx = ex + c→ dev
dx = ev dvdx + c
i07.´sen(x)dx = −cos(x) + c→
´sen(v)dv = −cos(v) + c
i08.´cos(x)dx = sen(x)→
´cos(v)dv = sen(v) dvdx
Bibliografía
Zill, Dennis G. Ecuaciones diferenciales con aplicaciones de modelado, séptima edición. Thomson Learning.
Swokowski, Earl W. Cálculo con geometría analítica, segunda edición. Grupo editorial Iberoamericana.
Spiegel, Murray; et al. Fórmulas y tablas de matemática aplicada, segunda edición. Mc Graw Hill
30