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Fuerzas Conservativas. Trabajo yEnergıa.
Principios de Mecanica. Licenciatura de Fısica. Curso 2007-2008. 1
Indice.
1. Trabajo y Energıa en 1D: Diagramas de Energıa.
2. Definicion general de Trabajo.
3. Energıa Cinetica.
4. Fuerzas Conservativas.
5. Energıa Potencial.
6. Teorema de Conservacion de la Energıa Mecanica.
7. Anexo I. Integrales de lınea.
8. Anexo II. Campos Escalares y Campos Vectoriales.
9. Anexo III. Derivadas Parciales.
10. Anexo IV. Gradiente de un campo escalar.
11. Anexo V. Rotacional de un campo vectorial. Circulacion.
Principios de Mecanica. Licenciatura de Fısica. Curso 2007-2008. 2
Objetivos del Capıtulo.
En este capıtulo buscamos:
1. Repasar los conceptos de trabajo y energıa para movimientos en 1D.
2. Ampliar dichas definiciones al movimiento en 3D.
3. Estudiar que condiciones debe verificar las fuerzas que actuan sobre una partıcula para la energıa
sea una constante del movimiento (fuerzas conservativas).
4. Ver como el estudio del movimiento se simplifica enormemente cuando la energıa se conserva a
lo largo de la trayectoria.
Principios de Mecanica. Licenciatura de Fısica. Curso 2007-2008. 3
Trabajo y Energıa en 1D.
♠ Supongamos una partıcula que se mueve a lo largo de una recta (que supondremos orientada a
lo largo del eje X), bajo la accion de fuerzas INDEPENDIENTES DEL TIEMPO que solo actuan a
lo largo de dicho eje: ~F = F (x)ı. Denominamos trabajo a la magnitud:
dW = Fdx WAB =
Z B
A
F (x)dx
♠ Si hacemos uso de la ecuacion de la 2a ley de Newton: F = m(dv/dt)
WAB = m
Z B
A
dv
dtdx = m
Z B
A
dv
dt
dx
dtdt = m
Z B
A
vdv
dtdt =
1
2m
Z B
A
dv2 =1
2m[v2
B − v2A]
La magnitud T = (1/2)mv2 se denomina ENERGIA CINETICA.
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♠ Si F es contınua, existe siempre una funcion V (x) tal que:
F (x) = −dV
dx⇔ V (x) =
Z x
xo
F (x′)dx
′
La funcion V (x) se denomina ENERGIA POTENCIAL.
♠ La definicion de energıa potencial nos permite escribir el trabajo como:
WAB =
Z B
A
F (x)dx = −Z B
A
dV
dxdx = −
Z B
A
dV = V (xA) − V (xB)
es decir, el trabajo para transportar una partıcula de un punto a otro es igual a la variacion
de la energıa potencial de la partıcula. Con el criterio de signos que hemos introducido, si
V (xA) > V (xB) entonces WAB > 0; el trabajo se realiza a expensas de disminuir la energ—a
potencial de la partıcula.
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♠ Si tenemos en cuenta la definicion de energıa cinetica:
V (xA)−V (xB) = WAB =1
2m[v2
B −v2A] ⇒ 1
2mv2
B +V (xB) =1
2mv2
A +V (xA) = E
La cantidad E = T + V se denomina ENERGIA MECANICA, y lo que demuestra el resultado
anterior es que en 1D y para fuerzas que no dependen del tiempo, la energıa mecanica es una
constante del movimiento.
♠ La conservacion de la energıa permite simplificar el estudio del movimiento de partıculas en 1D
por medio del diagrama de energıas.
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Diagramas de Energıa.
♠ Los problemas UNIDIMENSIONALES en que se conserva la energıa mecanica pueden estudiarse
de manera sencilla. La trayectoria puede calcularse en terminos de cuadraturas. Si V =
V (x), T = 1/2(mx2), entonces:
E =1
2mx
2+V (x) ⇒ dx
dt= ±
r
2
m[E − V (x)] ⇒ t−to =
Z x
xo
±dx′
`
2m[E − V (x′)]
´1/2
que nos da la trayectoria de la partıcula de forma IMPLICITA.
♠ Cualitativamente podemos tener una idea de como es la trayectoria utilizando un diagrama
de energıas. En la figura hemos representado un potencial V = V (x) y varias trayectorias. Si
tomamos como condicion que V (x → ∞) = 0, entonces:
• La trayectoria se dice LIGADA si E < 0
• La trayectoria se dice NO LIGADA si E ≤ 0
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Se denominan PUNTOS DE RETROCESO a los puntos en que x = 0 ⇒ E = V (x). En la
Figura, la trayectoria NO LIGADA esta acotada en el origen. Tiene un unico punto de retroceso.
Las orbitas acotadas tienen dos puntos de retroceso (1, 2).
V E
21 1 2Max
Min
Min
x
Recordemos que ~F = −dV/dxı:
• V ′(x) < 0, V (x) es decreciente y ~F va dirigida en la direccion
x > 0.
• Cuando en xo E > V (xo) ⇒ x2(xo) > 0, la partıcula se
mueve.
• V ′(x) = 0 ⇒ ~F = 0, PUNTO DE EQUILIBRIO.
• V ′′(x) < 0, mınimo del potencial, equilibrio ESTABLE.
• V ′′(x) > 0, maximo del potencial, equilibrio INESTABLE.
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El movimiento entorno al mınimo del potencial es muy caracterıstico. Si aplicamos el teorema de
Taylor:
V (x) = V (xo) + V ′(xo)(x − xo) +1
2V ′′(xo)(x − xo)
2 ⇒
~F = −dV
dxı = −V
′′(xo)(x − xo)ı
El movimiento resultante esta descrito por la Ley de Hooke, y corresponde al movimiento del
oscilador armonico. Si hacemos el cambio de variable: y = x − xo ⇒ y = x:
my = F = −dV
dx= −V ′(xo)(x − xo) = V ′(y = 0)y ⇒ y +
V ′(0)
m= 0
que corresponde al movimiento de un oscilador armonico de frecuencia: w2 = V ′(0)/m
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Ejemplo: Una partıcula de masa m = 1 se mueve en el seno del potencial V (x) = −GMmx +
L2
2mx2 con x > 0
Hacer una representacion grafica de la forma del
potencial para GMm = 1, L2 = 0.2m Describir
cualitativamente el movimiento de una partıcula con
energıa E = 1Jul, −1Jul. Para ello indicar en que
region su movimiento es acelerado, en que direccion
actua la fuerza. Demostrar que existe un unico
punto de equilibrio. Encontrar la frecuencia de las
oscilaciones pequenas entorno a esta posicion de
equilibrio.
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♠ La trayectoria con E = 1 es NO LIGADA; tiene un unico punto de retroceso en:
1
2x
2−1
x+
0.1
x2= E = 1; x = 0 ⇒ x
2+x−0.1 = 0 ⇒ x1 = −1
2+
r
1
4+ 0.1 = 0.0916
Debemos quedarnos con la solucion positiva porque x > 0.
Si la partıcula empieza su movimiento en x → ∞; V (x → ∞) = 0, con velocidad x2/2 =
1 ⇒ x =√
2m/s; ~v = −√
2ı, entonces se encuentra acelerada por la accion del potencial
hasta llegar al mınimo en x = xo. Desde el mınimo hasta el punto de retroceso x1 el movimiento
es decelerado. En el punto de retroceso se detiene, pero esta sometida a una aceleracion
~x = ~F = −dV
dxı = −ı
»
1
x2− 0.2
x3
–
(x = x1 = 0.091608) = (661.3m/s2)ı
que le hace invertir la direccion del movimiento, continua el movimiento acelerado hasta llegar al
mınimo y luego es decelerado hasta x → ∞.
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♠ La trayectoria con E = −1 es LIGADA, tiene dos puntos de retroceso:
1
2x
2 − 1
x+
0.1
x2= −1; x
2 − x + 0.1 = 0 ⇒ x =1
2±r
1
4+ 0.1 ⇒
x1 = 0.1127
x2 = 0.8873
En este caso, la partıcula esta confinada a moverse entre los puntos de retroceso. En dichos puntos,
x = 0, pero sobre la partıcula actua una fuerza y esta acelerada:
~x = −ı
»
1
x2− 0.2
x3
–
(x = x1, x2) =
(
~x(x1 = 0.1127) = (340.43m/s2)ı
~x(x2 = 0.8873) = −(0.4113m/s2)ı
Igual que en el caso anterior, las partıculas estan aceleradas/deceleradas a ambos lados del mınimo.
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♠ Los puntos de equilibrio son los maximos o mınimos del potencial.
V (x) = −1x + 0.1
x2 ; V ′(x) = 1x2 − 0.2
x3 = 0 ⇒xo = 0.2; V ′′(x) = − 2
x3 + 0.6x4 ; V ′′(0.2) = 125 > 0
El unico extremo, xo es un mınimo.
♠ Para calcular la frecuencia de las oscilaciones pequenas, desarrollamos el potencial entorno al
mınimo:
V (x) = V (xo) + 12V
′′(xo)(x − xo)2; F (x) = −dV
dx = −V ′′(xo)(x − xo);
x = −V ′′(xo)(x − xo); y = x − xo ⇒ y + V ′′(xo)y = 0
Despues de hacer el cambio de variable y = x − xo se ve que la ultima expresion corresponde a
un oscilador armonico y + w2y = 0, de frecuencia w =p
V ′′(xo) =√
125 = 5√
5Hz.
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Definicion general de Trabajo.
♠ Muchos problemas dinamicos no son facilmente resolubles. Las fuerzas que se aplican sobre un
sistema dan lugar a ecuaciones diferenciales de difıcil solucion. Sin embargo, cierto tipos de fuerzas
permiten que los problemas se simplifiquen en sumo grado.
dr1dr
2
dr6
dr3
dr4
dr5
1
3
A=0
5
2
4
B=6
♠ Una fuerza ~F , que actua sobre una partıcula P, la desplaza un d~r,
ejerce sobre ella un TRABAJO dW = ~F · d~r. El trabajo total para
ir de un punto A a otro B es:
W =NX
1=1
dWi =NX
1=1
~F (~ri) · d~ri ⇒ WAB =
Z B
A
~F · d~r
El trabajo total para ir de un punto A a B se obtiene sumando los
trabajos individuales para pasar por todos los puntos intermedios. El
concepto de trabajo nos obliga a introducir INTEGRALES DE LINEA.
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Potencia.
♠ Para muchas aplicaciones practicas, es necesario conocer la rapidez a la que se realiza el trabajo.
Se denomina POTENCIA al trabajo realizado por unidad de tiempo:
P =dW
dt= ~F · d~r
dt= ~F · ~v
♠ La unidades de trabajo son el JULIO (1J=1N·1m) y las de potencia son el VATIO=WATT
(1w=1J/1s).
Ejemplo: Una maceta de m = 1kg cae desde el alfeizar de una ventanta situado a una altura de
10m. Calcular el trabajo efectuado por el campo gravitatorio sobre la maceta. Calcular la potencia
desarrollada. ¿Es dicha potencia constante?. Por comodidad, tomar g = 10m/s2.
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=dzrd k
x y
z
10m
La fuerza que se aplica en todo instante es constante e igual a ~F =
−mgk. Dado que la partıcula cae verticalmente, tomamos d~r = dzk.
La posicion inicial y final son zA = 10m; zB = 0m. Ası pues, el
trabajo necesario para efectuar un desplazamiento dz es: dW =~F · d~r = −mgdz. El trabajo total es:
WAB =
Z B
A
dW =
Z 0
zA
(−mgdz) = −mg
Z 0
zA
dz
WAB = mgzA = 1kg ∗ 10m/s2 ∗ 10m = 100Jul
La potencia necesaria es P = dW/dt. Ahora bien, necesitamos saber
cuanto tiempo necesita nuestra maceta para recorrer una distancia dt.
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Si suponemos que la maceta empieza a caer en to = 0 y parte del reposo (vo = 0):
dz
dt= v; dv = adt = −gdt ⇒ v = −gt P =
dW
dt= F
dz
dt= −mg(−gt) = mg
2t
Por tanto, la potencia no es constante.
♠ Conocida la potencia, nos preguntamos si con ella podemos calcular el trabajo realizado:
P =dW
dt⇒ dW = Pdt ⇒ WAB =
Z tB
tA
Pdt =
Z tB
0
mg2tdt = mg
2(1
2t2B)
Hemos supuesto que la maceta empieza a caer en tA = to = 0, y llega al suelo en el instante tB.
Sabiendo el tiempo que tarda en caer encontremos la solucion anterior:
zA =1
2gt
2B ⇒ WAB = mgzA
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Anexo I. Integrales de lınea.
♠ Relacionado con el concepto de trabajo ha aparecido la expresion:
~F · d~r = (Fxı + Fy + Fzk) · (dxı + dy + dzk) = Fxdx + Fydy + Fzdz
Para encontrar el trabajo realizado por una fuerza (supongamos por simplificar que no dependen
del tiempo) para llevar una partıcula de un punto A a un punto B, debemos realizar la integral:
WAB =R ~rB
~rA[Fx(x, y, z)dx + Fy(x, y, z)dy + Fz(x, y, z)dz]
=R ~rB
~rAFx(x, y, z)dx +
R ~rB~rA
Fy(x, y, z)dy +R ~rB
~rAFz(x, y, z)dz
En el ultimo paso, nos hemos basado en que la integral es una suma. Por tanto, es un operador
lineal.
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Para hacer la integral, tenemos tres variables (x, y, z) pero solo integramos una. Debemos de
especificar el camino que se sigue al hacer la integral.
r
rB
Ax y
zA
BWAB =
Z xB
xA,y=y(x),z=z(x)
Fx(x, y, z)dx
+
Z yB
yA,x=x(y),z=z(y)
Fy(x, y, z)dy
+
Z zB
zA,x=x(z),y=y(z)
Fz(x, y, z)dz
Dado que hay multitud de caminos, la integral puede ser muy diferente
segun el camino que tomemos.
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Ejemplo: Calcular el trabajo efectuado por el campo de fuerzas ~F = 2xyı+ 3(x +y) para llevar
una partıcula del punto A = (0, 0) al B = (1, 1) a lo largo de la recta x = y:
WAB =
Z B
A
~Fd~r =
Z xB
xA,y=x
2xydx +
Z yB
yA,x=y
3(x + y)dy =
Z 1
0
2x2dx +
Z 1
0
6ydy =11
3
y a lo largo de la parabola y = x2:
WAB =
Z B
A
~Fd~r =
Z xB
xA,y=x22xydx+
Z yB
yA,x=√
y
3(x+y)dy =
Z 1
0
2x3dx+
Z 1
0
3(√
y+y)dy =7
2
NOTESE QUE el trabajo realizado es DISTINTO. El trabajo depende no solo de los puntos
inicial y final, sino que tambien depende del camino recorrido.
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Energıa Cinetica.
♠ La integral de lınea del trabajo siempre puede reducirse a una integral de una VARIABLE REAL,
utilizando la 2a Ley de Newton:
~F = md~vdt
d~r = ~vdt
ff
WAB =
Z B
A
~Fd~r =
Z B
A
m(d~v
dt) · ~vdt
Utilizando coordenadas cartesianas, es facil demostrar que:
d~v
dt· ~v =
1
2
d
dt
“
v2”
⇒ WAB =1
2m
Z B
A
d
dt(v
2)dt =
1
2m
Z B
A
dv2=
1
2m[v
2B − v
2A]
♠ Se denomina ENERGIA CINETICA a la magnitud T = 12mv2. El teorema anterior establece
que el trabajo realizado para llevar una partıcula de un punto a otro es igual a la variacion de
energıa cinetica. OBVIAMENTE, LA ENERGIA CINETICA FINAL DEPENDE DEL CAMINO
RECORRIDO.
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Ejercicio: Una caja se desliza por un plano inclinado, sin rozamiento. Si parte de una altura H,
calcular el incremento de su energıa cinetica cuando llega al suelo. Repetir el problema incluyendo
rozamiento; suponer que el coeficiente de rozamiento es µ.
mg(− )kmgcosθ
mgsinθ
θ
dr
H
N
El incremento de energıa cinetica es igual al trabajo realizado por
las fuerzas externas. En el primer caso, la unica fuerza que hace
trabajo es la componente del peso paralela al plano inclinado:
F = mg sin θ:
WAB =
Z B
A
~Fd~r = mg sin θ
Z B
A
dr = mg sin θ(rB − rA)
Dado que el camino total recorrido es: (rB −rA) = H/sinθ, nos
queda el conocido resultado de: ∆ = TB − TA = WAB = mgH
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♠ Si consideramos el efecto del rozamiento, entonces las fuerzas externas son dos: R = µN =
µmg cos θ y F = mg sin θ, ambas con la misma direccion y sentidos opuestos:
WAB =
Z B
A
(~F − ~R)d~r = (mg sin θ − µmg cos θ)
Z B
A
dr = mg(sin θ − µ cos θ)H
sin θ
NOTA: Si sin θ < µ cos θ, no hay deslizamiento, el rozamiento es mayor que la componente de
la fuerza en la direccion del plano inclinado y no hay deslizamiento. Lo que NO VA A OCURRIR
es que el trabajo sea negativo, que sea el rozamiento quien haga trabajo, ¡¡llevandose la caja hacia
arriba!!.
♠ DESAFIO: Si movemos un sofa de una habitacion a otra, arrastrandolo por el suelo, ¿cuanto
trabajo realizamos?. Inicialmente, el sofa esta en reposo y acaba en reposo.
Principios de Mecanica. Licenciatura de Fısica. Curso 2007-2008. 23
Fuerzas Conservativas.
♠ En principio, el trabajo depende del camino recorrido. Ejemplo: al arrastrar una caja, cuanto
mas largo sea el camino, debido al rozamiento, mayor sera el trabajo.
♠ Existe una clase especial de fuerzas, denominadas FUERZAS CONSERVATIVAS, en que el
trabajo NO DEPENDE del camino recorrido, solo depende de las posiciones inicial y final. Para
este tipo de fuerzas, la resolucion del problema mecanico suele ser sencillo. En el resto del capıtulo
buscaremos como caracterizarlas.
Ejemplo: Una fuerza constante es siempre conservativa.
WAB =
Z B
A
~F · d~r =
Z B
A
(Fxdx + Fydy + Fzdz)
=
Z B
A
Fxdx +
Z B
A
Fydy +
Z B
A
Fzdz = Fx
Z B
A
dx + Fy
Z B
A
dy + Fz
Z B
A
dz
= Fx(xB − xA) + Fy(yB − yA) + Fz(zB − zA) = ~F · (~rB − ~rA)
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Anexo II. Campos Escalares y Campos Vectoriales.
♣ Se denomina campo escalar a toda funcion:
V : ~x ∈ R3 → V (~x) ∈ R
Ejemplo: Temperatura de una habitacion, presion atmosferica, etc.
♣ Superficie de Nivel: lugar geometrico de los puntos del espacio
que tienen el mismo valor del campo: S = {~x ∈ R3/V (~x) = C}.
Ejemplo: isobaras en los mapas meteorologicos de prediccion del tiempo,
SUPERFICIES EQUIPOTENCIALES.
♣ Se denomina campo vectorial a toda funcion
~F : ~x ∈ R3 → ~F (~x) ∈ R
3
♣ Lıneas de campo: lıneas que en cada punto son tangentes al campo vectorial.
Principios de Mecanica. Licenciatura de Fısica. Curso 2007-2008. 25
Anexo III. Derivadas Parciales.
♣ Los campos escalares pueden variar de un punto a otro. Podemos preguntarnos cuanto varıa el
campo al pasar de un punto a a un punto b.
XY
V
ab
V(x,y)
Sea un campo escalar V = V (x, y). Podemos escribir:
dV = V (xb, yb) − V (xa, ya)
= [V (xb, yb) − V (xa, yb)] + [V (xz, yb) − V (xa, ya)]
=[V (xb, yb) − V (xa, yb)]
dxdx +
[V (xa, yb) − V (xa, ya)]
dydy
El mismo analisis puede hacerse para un campo de 3D.
Principios de Mecanica. Licenciatura de Fısica. Curso 2007-2008. 26
Definimos DERIVADA PARCIAL DE V en la direccion x, y a las derivadas en 1D siguientes:
∂V
∂x= lim
dx→0
[V (x + dx, yb) − V (x, yb)]
dx; (y = yb = constante)
∂V
∂y= lim
dy→0
[V (xa, y + dy) − V (xa, y)]
dy; (x = xa = constante)
En estas derivadas, xa, yb son constantes, no varıan. Por eso, la funcion V no es de 2D, sino de
1D.
♣ En consecuencia, definimos la DIFERENCIAL de un campo escalar V = V (x, y, z) a la
funcion dV , definida como:
dV =∂V
∂xdx +
∂V
∂ydy +
∂V
∂zdz
Principios de Mecanica. Licenciatura de Fısica. Curso 2007-2008. 27
Ejemplo: Calcular la diferencial del siguiente campo escalar: V (x, y, z) = 4xy + 3y2z.
Calculamos cada una de las derivadas parciales:
∂V
∂x= 4y;
∂V
∂y= 4x + 6yz;
∂V
∂z= 3y2
NOTA: al calcular la derivada parcial con respecto a x, todas las demas variables (y,z en
este caso) son CONSTANTES, y lo mismo con y (constantes x,z) y z (constantes x,y).
Finalmente, la diferencial resulta:
dV = 4ydx + (4x + 6yz)dy + 3y2dz
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Anexo IV. Gradiente de un campo escalar.
♣ A partir de la definicion de DIFERENCIAL, asociado a un campo escalar podemos introducir un
vector ∇V , de forma que:
dV =∂V
∂xdx +
∂V
∂ydy +
∂V
∂zdz = (
∂V
∂xı +
∂V
∂y +
∂V
∂zk) · (dxı + dy + dzk) = ∇V · d~r
El vector ∇V = ~gradV se denomina GRADIENTE DEL CAMPO ESCALAR V.
♣ TEOREMA: Dos superficies de nivel distintas NO PUEDEN CORTARSE NUNCA. DEM:
Supongamos que se cortan dos superficies de nivel distintas: V (~rA) = C1; V (~rA) = C2. Por
tanto, en el punto ~rA, V tendrıa dos valores distintos y no serıa una funcion.
Principios de Mecanica. Licenciatura de Fısica. Curso 2007-2008. 29
r
r +dr
A
A
V= constante
dr∇V
♣ TEOREMA: El vector gradiente es perpendicular a las
superficies de nivel. DEM: Supongamos que dos puntos,
~rA, ~rA + d~r pertenecen a la misma superficie de nivel:
V (~rA) = V (~rA + d~r) = C. Por tanto:
∇V · d~r = dV = V (~rA + d~r) − V (~rA) = 0 ⇒∇V · d~r = 0 ⇒ ∇V ⊥ d~r
Si los puntos ~rA, ~rA + d~r estan muy proximos, entonces
d~r es un vector tangente a la superficie de nivel (en el
lımite la cuerda es una tangente), y ∇V es perpendicular
a la superficie de nivel.
Principios de Mecanica. Licenciatura de Fısica. Curso 2007-2008. 30
♣ Supongamos que el vector ~dr = dre siendo e un vector unitario en una direccion cualquiera.
En este caso:
dV = ∇V · d~r = (∇V · e)dr ⇒ dφ
dr= ∇V · e
Se denomina DERIVADA DIRECCIONAL a la variacion de un campo escalar por unidad de
longitud (dV/dr) en una determinada direccion. Como hemos visto, es la proyeccion del vector
gradiente en esa direccion (∇V · e).
dr= edr∇V
rrV( )=C2
V( )=C1
θ
♣ TEO: El modulo del vector gradiente es el maximo de todas las
posibles derivadas direccionales. DEM: En el dibujo se ve que:
dV
dr= ∇V · e = |∇V | cos θ
y dado que cos θ ∈ (−1, 1), el maximo de dV/dr es cuando
cos θ = 1 y en ese caso: dV/dr = |∇V |.
Principios de Mecanica. Licenciatura de Fısica. Curso 2007-2008. 31
Anexo V. Rotacional de un campo vectorial. Circulacion.
♣ Se denomina campo vectorial a toda funcion
~F : ~x ∈ R3 → ~F (~x) = Fx(x, y, z)ı + Fy(x, y, z) + Fz(x, y, z)k ∈ R
3
♣ Lıneas de campo: lıneas que en cada punto son tangentes al campo vectorial. Si (A, B) son
dos puntos que estan sobre una lınea de campo, entonces: d~r = ~rB − ~rA es un vector paralelo al
campo ~F . Ası pues:
d~r ‖ ~F ⇒ ~F = kd~r ⇒ dx
Fx(x, y, z)=
dy
Fy(x, y, z)=
dz
Fz(x, y, z)
es la ecuacion de las lıneas de campo.
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♣ Dado un campo vectorial ~F (~x) = Fxı + Fy + Fzk, definimos el ROTACIONAL del campo
como el siguiente campo vectorial
rot ~F = ∇ × ~F =
˛
˛
˛
˛
˛
˛
ı k
∂/∂x ∂/∂y ∂/∂z
Fx Fy Fz
˛
˛
˛
˛
˛
˛
♣ TEOREMA (sin DEM): Para un campo vectorial las dos afirmaciones siguientes son
equivalentes:~F = ∇φ ⇔ ∇ × ~F = 0.
⇒ Esta parte es facil de demostrar. Si ~F = ∇φ, para ver que ∇× ~F = 0 basta tener en cuenta
que ∂2φ/∂x∂y = ∂2φ/∂y∂x.
⇐ Esta parte es bastante mas difıcil. Se basa en el teorema de Stokes.
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♠ Se denomina CIRCULACION de un campo de vectores a lo largo de una trayectoria a la integral
de lınea a lo largo de dicha trayectoria:
C =
Z B
A
~Fd~r; C = ©Z
~Fd~r
Cuando A = B la integral es sobre un camino cerrado y se representa con un cırculo sobre el signo
integral.
♠ En general, la circulacion depende del camino recorrido. Si no es ası, el campo vectorial se dice
CONSERVATIVO. Si ~F = ∇φ entonces:
C =
Z B
A
~Fd~r =
Z B
A
∇φd~r =
Z B
A
dφ = φ(~rB) − φ(~rA); C = ©Z
~Fd~r = 0
TEOREMA: Un campo vectorial es conservativo SI Y SOLO SI la circulacion a lo largo de cualquier
camino cerrado es NULA.
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Ejemplo: Sea φ = 2xy2 + z3. Encontrar ~F = ∇φ y verificar que ∇ × ~F = 0.
♠ Calculamos el gradiente y el rotacional:
~F =
„
∂φ
∂xı +
∂φ
∂y +
∂φ
∂zk
«
= 2y2ı + 4xy + 3z
2k
∇ × ~F =
˛
˛
˛
˛
˛
˛
ı k
∂/∂x ∂/∂y ∂/∂z
2y2 4xy 3z2
˛
˛
˛
˛
˛
˛
=
∂(4xy)
∂x− ∂(2y2)
∂y
!
k + 0ı + 0 = 0
Podemos verificar que las derivadas cruzadas son iguales:
∂2φ
∂x∂y=
∂2φ
∂y∂x= 4y,
∂2φ
∂x∂z=
∂2φ
∂z∂x= 0,
∂2φ
∂y∂z=
∂2φ
∂z∂y= 0.
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Energıa Potencial.
♠ Apliquemos los resultados matematicos introducidos anteriormente a un campo de fuerzas
conservativo:
1. Un campo de fuerzas es conservativo si el trabajo realizado para ir de un punto A a otro B no
depende del camino recorrido: La circulacion del campo es independiente del camino.
2. Cuando la circulacion del campo ~F es independiente del camino, existe un campo escalar φ tal
que: ~F = ∇φ. El campo φ se denomina FUNCION POTENCIAL.
3. Si ~F = ∇φ entonces ∇ × ~F = 0. Un campo vectorial es conservativo SI Y SOLO SI su
rotacional es cero.
♠ En fısica es mas comun trabajar con la ENERGIA POTENCIAL V = −φ.
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Ejemplo: Demostrar que el campo gravitatorio es conservativo.
El campo gravitatorio generado por una masa M� es:
~E =GM�
r2
~r
r=
GM�
x2 + y2 + z2
xı + y + zk
(x2 + y2 + z2)1/2= GM�
xı + y + zk
(x2 + y2 + z2)3/2
Para demostrar que el campo gravitatorio es conservativo, debemos probar que ∇ × ~E = 0.
Calculamos el gradiente:
∇ × ~E
GM�=
˛
˛
˛
˛
˛
˛
˛
ı k
∂/∂x ∂/∂y ∂/∂z
x(x2 + y2 + z2)−3/2 y(x2 + y2 + z2)−3/2 z(x2 + y2 + z2)−3/2
˛
˛
˛
˛
˛
˛
˛
= 0
se puede comprobar que es nulo haciendo el calculo. Por tanto, el campo gravitatorio es
conservativo.
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Veamos que expresion tiene el trabajo para campos conservativos:
WAB =
Z ~rB
~rA
~Fd~r =
Z ~rB
~rA
∇φd~r =
Z ~rB
~rA
dφ =NX
i=1
dφ
=
NX
i=1
[φ(~ri) − φ(~ri−1)] = φ(~rN) − φ(~r0) = φ(~rB) − φ(~rA)
En terminos de la energıa potencial:
WAB = V (~rA) − V (~rB)
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Teorema de Conservacion de la Energıa Mecanica.
♠ Consideremos una partıcula que se mueve bajo la accion de un campo de fuerzas conservativo:~F = −∇V . Recordando la relacion del trabajo con la energıa cinetica y el potencial, tenemos:
WAB = V (~rA) − V (~rB)
WAB = 12m[v2
B − v2A]
ff
⇒ 1
2mv2
A + V (~rA) =1
2mv2
B + V (~rB)
♠ El resultado anterior nos dice que la magnitud:
E =1
2mv
2+ V (~r)
es constante para cualquier punto de la trayectoria (los puntos A,B son arbitrarios). Esta
magnitud se denomina ENERGIA MECANICA, y para fuerzas conservativas es una constante del
movimiento.
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Problemas.
1.- Una bascula esta formada por una plataforma apoyada sobre un muelle. Dicho muelle esta
conectado por medio de un mecanismo a una escala, calibrada como sigue: si la longitud en reposo
del muelle es xo y cuando se sube un peso se ha encongido y su longitud es x1, el peso que senala
la escala es P = k|x1 − xo|. Supongase que ahora que el cuerpo cae sobre el muelle desde una
altura h. ¿Cual serıa el peso del cuerpo que registrarıa la balanza?.
30grados2.- Una cuenta de collar puede deslizar por un arco de
circunferencia de radio R. La cuenta esta sometido a dos
fuerzas de modulo constante. Una es tangente al anillo, y
la otra forma un angulo constante de 30o con la horizontal.
Calcular el trabajo efectuado por cada fuerza para dar una
vuelta completa alrededor del anillo.
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���������������
���������������
3.- Calcular la altura mınima de la que debe partir la
vagoneta de una montana rusa que parte del reposo para
que haga un “loop” de radio R. En todo el recorrido de
la vagoneta, despreciamos el efecto del rozamiento con los
railes.
4.- Un cuerpo de masa m resbala por un plano inclinado que forma un angulo α con la horizontal.
Al final del plano inclinado hay un muelle de constante recuperadora k. Calcular cual es la maxima
deformacion del muelle.
5.- Se considera una partıcula sometida al potencial V (x) = 1/2kx2 + a/(2x2). Describir la
naturaleza de las soluciones. Resolver la ecuacion del movimiento. Demostrar que para a = 0 la
solucion es la del oscilador armonico.
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6.- Una partıcula de masa m se mueve bajo una fuerza conservativa con una energıa potencial
V =cx
x2 + a2,
donde a y c son constantes positivas. Encontrar la posicion de equilibrio estable. Si la partıcula
parte de este punto con velocidad v, encontrar los valores de v para los cuales la partıcula (1)
oscila, (2) escapa a −∞ y (3) escapa a +∞.
7.- Una partıcula que se mueve bajo una fuerza conservativa oscila entre x1 y x2. Demostrar que
el perıodo de la oscilacion es
τ = 2
˛
˛
˛
˛
˛
Z x2
x1
„
m
2[V (x2) − V (x)]
«1/2
dx
˛
˛
˛
˛
˛
.
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8.- Una partıcula de masa m se encuentra sometida al siguiente potencial
h si − L ≤ x ≤ L
0 si x < −L, x > L
Calcular el tiempo que tarda en ir de x = −L a x = L segun que h sea positivo, negativo o nulo.
9.- Una partıcula de masa m es repelida por el origen de coordenadas con una fuerza F = kx3 .
Establecer y resolver la ecuacion de movimiento si inicialmente la partıcula esta en reposo a una
distancia xo del origen.
10.- Un cuerpo cae en el seno de un fluido viscoso partiendo del reposo. La fuerza de resistencia
del fluido debido a la velocidad verifica la ley de Stokes: ~F = −kη~v. Debido al rozamiento, la
partıcula pierde energıa: E = mv2/2 + mgz no es constante. A partir de la ecuacion de la
trayectoria, encontrar la variacion de la energıa mecanica por unidad de tiempo.
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11.- Una partıcula se mueve bajo la accion de un campo central y conservativo. Escribir la
ecuaciones del movimiento en coordenadas polares planas, siendo el plano xy el plano de la
orbita. Demostrar que la conservacion del momento angular permite escribir la ecuacion de la
componente radial independiente de la componente angular. Mediante un diagrama de energıas,
discutir cualitativamente que orbitas son posibles.
12.- En una region del espacio, la temperatura esta dada por T (x, y, z) = ToR2/(x2 +y2 +z2),
siendo To, R constantes positivas. Calcular el gradiente de este campo de temperaturas. Verificar
que las superficies con T = constante (superficies de nivel) son perpendiculares al gradiente.
Calcular la circulacion de ∇T a lo largo de un cırculo de radio R situado en el plano (x,y).
13.- Sobre una partıcula actua una fuerza ~F = (y2 − x2)ı + 3xy. Calcular el trabajo realizado
para mover la partıcula desde el punto (0,0) hasta el (2,4) a lo largo de las siguientes trayectorias:
(1) La recta y = 0 y la recta x = 2, (3) la recta y = 2x, (4) la parabola y = x2.
14.- Calcular el potencial del que deriva la fuerza ~F = k[(x − xo)ı + (y − yo)].
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Problema I.
Una bascula esta formada por una plataforma apoyada sobre un muelle. Dicho muelle esta
conectado por medio de un mecanismo a una escala, calibrada como sigue: si la longitud en reposo
del muelle es xo y cuando se sube un peso se ha encongido y su longitud es x1, el peso que senala
la escala es P = k|x1 − xo|. Supongase que ahora que el cuerpo cae sobre el muelle desde una
altura h. ¿Cual serıa el peso del cuerpo que registrarıa la balanza?.
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Problema II.
30gradosUna cuenta de collar puede deslizar por un arco de
circunferencia de radio R. La cuenta esta sometido a dos
fuerzas de modulo constante. Una es tangente al anillo, y
la otra forma un angulo constante de 30o con la horizontal.
Calcular el trabajo efectuado por cada fuerza para dar una
vuelta completa alrededor del anillo.
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Problema III.
���������������
���������������
Calcular la altura mınima de la que debe partir la vagoneta
de una montana rusa que parte del reposo para que haga
un “loop” de radio R. En todo el recorrido de la vagoneta,
despreciamos el efecto del rozamiento con los railes.
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Problema IV.
Un cuerpo de masa m resbala por un plano inclinado que forma un angulo α con la horizontal. Al
final del plano inclinado hay un muelle de constante recuperadora k. Calcular cual es la maxima
deformacion del muelle.
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Problema V.
Se considera una partıcula sometida al potencial V (x) = 1/2kx2 + a/(2x2). Describir la
naturaleza de las soluciones. Resolver la ecuacion del movimiento. Demostrar que para a = 0 la
solucion es la del oscilador armonico.
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Problema VI.
Una partıcula de masa m se mueve bajo una fuerza conservativa con una energıa potencial
V =cx
x2 + a2,
donde a y c son constantes positivas. Encontrar la posicion de equilibrio estable. Si la partıcula
parte de este punto con velocidad v, encontrar los valores de v para los cuales la partıcula (1)
oscila, (2) escapa a −∞ y (3) escapa a +∞.
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Problema VII.
Una partıcula que se mueve bajo una fuerza conservativa oscila entre x1 y x2. Demostrar que el
perıodo de la oscilacion es
τ = 2
˛
˛
˛
˛
˛
Z x2
x1
„
m
2[V (x2) − V (x)]
«1/2
dx
˛
˛
˛
˛
˛
.
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Problema VIII.
Una partıcula de masa m se encuentra sometida al siguiente potencial
h si − L ≤ x ≤ L
0 si x < −L, x > L
Calcular el tiempo que tarda en ir de x = −L a x = L segun que h sea positivo, negativo o nulo.
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Problema IX.
Una partıcula de masa m es repelida por el origen de coordenadas con una fuerza F = kx3 .
Establecer y resolver la ecuacion de movimiento si inicialmente la partıcula esta en reposo a una
distancia xo del origen.
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Problema X.
Un cuerpo cae en el seno de un fluido viscoso partiendo del reposo. La fuerza de resistencia del
fluido debido a la velocidad verifica la ley de Stokes: ~F = −kη~v. Debido al rozamiento, la
partıcula pierde energıa: E = mv2/2 + mgz no es constante. A partir de la ecuacion de la
trayectoria, encontrar la variacion de la energıa mecanica por unidad de tiempo.
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Problema XI.
Una partıcula se mueve bajo la accion de un campo central y conservativo. Escribir la
ecuaciones del movimiento en coordenadas polares planas, siendo el plano xy el plano de la
orbita. Demostrar que la conservacion del momento angular permite escribir la ecuacion de la
componente radial independiente de la componente angular. Mediante un diagrama de energıas,
discutir cualitativamente que orbitas son posibles.
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Problema XII.
En una region del espacio, la temperatura esta dada por T (x, y, z) = ToR2/(x2 + y2 + z2),
siendo To, R constantes positivas. Calcular el gradiente de este campo de temperaturas. Verificar
que las superficies con T = constante (superficies de nivel) son perpendiculares al gradiente.
Calcular la circulacion de ∇T a lo largo de un cırculo de radio R situado en el plano (x,y).
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Problema XIII.
Sobre una partıcula actua una fuerza ~F = (y2 − x2)ı + 3xy. Calcular el trabajo realizado para
mover la partıcula desde el punto (0,0) hasta el (2,4) a lo largo de las siguientes trayectorias: (1)
La recta y = 0 y la recta x = 2, (3) la recta y = 2x, (4) la parabola y = x2.
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Problema XIV.
Calcular el potencial del que deriva la fuerza ~F = k[(x − xo)ı + (y − yo)].
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